资源简介

2025年江苏省南通市海安13校中考物理一模试卷
一、单选题：本大题共10小题，共20分。
1.下列四个选项中，客观存在的是( )
A. 光线 B. 磁感线 C. 电磁波 D. 永动机
2.下列事例中，没有利用水的比热容大这一特性的是( )
A. 在北方冬天，菜窖里放几桶水可以防止菜被冻坏
B. 供暖系统用热水循环供热
C. 海边昼夜温差变化比沙漠中小
D. 汽车的发动机用水降温
3.如图所示，关于“探究电磁联系”的四个实验情境，下列说法正确的是( )
A. 甲实验中小磁针最终静止时与通电导线平行
B. 将乙实验中ab棒竖直上下移动时，灵敏电流计指针不会左右摆动
C. 丙实验装置只可以研究电磁铁的磁性强弱与线圈匝数的关系
D. 丁实验揭示了发电机的工作原理
4.2024年5月，中国“嫦娥六号”任务搭载四个国际载荷成功发射升空。火箭发射时，燃料燃烧获得的能量使其加速升空，与该过程能量转化形式相同的是( )
A. 热机做功冲程 B. 钻木取火过程 C. 水力发电过程 D. 物体上抛过程
5.物理学中经常看到形如的公式。一种情形是x的大小与y、z都有关，另一种情况是x虽然可由y、z计算，但与y、z无关。下列四个公式中，属于前一种情形的是( )
A. 匀速直线运动时的速度 B. 物质的密度
C. 物质的比热容 D. 导体中电流
6.某人将一箱书搬上楼，可以有两种方法：一是把所有的书一起搬上楼；二是先搬一部分上楼，再搬剩下的部分。假设他上楼的速度相同，第一种方法搬书的功率为，效率为，第二种方法搬书的功率为，效率为，用这两种方法搬书的有用功分别为、，则( )
A. ， B. ，
C. ， D. ，
7.某智能手机的锂电池上标有“，”字样，该手机搭配了超级快充功能，快充时保持充电电压不变，增大充电的电流。若给锂电池充入的电能，需要充电，此时手机的快充电流大小跟哪种用电器正常工作时的电流最接近( )
A. 节能灯 B. 电风扇 C. 电饭锅 D. 电冰箱
8.如图所示家庭电路中的某一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：①闭合，灯亮；②断开，闭合，灯不亮；③再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氖管不发光。若电路中只有一处故障，则是( )
A. 灯短路 B. 灯所在支路开路 C. c、d两点间开路 D. c点左侧的零线开路
9.如图是用相同的加热装置对a、b、c三种物质加热时它们的温度随时间变化的图象。下列对图象的分析正确的是( )
A. 时间内物质a的温度不变，内能不变
B. 如果a、b是同种物质，b的质量大于a的质量
C. 温度从升高到时，a物质吸收的热量比b多
D. b的比热容大于c的比热容
10.图甲是灯泡L的图像，灯泡的额定电压为。将灯泡L接入图乙电路，已知电阻的阻值为，电流表量程为，电源电压可调。在电路安全工作的前提下，下列判断正确的是( )
A. 灯泡与定值电阻功率之比最小为2：3
B. 随着电压变大，灯泡与定值电阻电流之比逐渐变大
C. 电路总功率最大可达到
D. 电源电压可能在至之间
二、填空题：本大题共4小题，共16分。
11.小明按人类对磁的认识历程，对“电磁转换”一章知识进行梳理，请将图中对应位置的内容填写正确：A ______； B ______； C ______； D ______。
12.如图所示为“三峡引领号”——全球首台抗台风型漂浮式海上风电机组及基础平台，是引领我国海上风电行业走向深海的重大成果。风能是______选填“可再生”或“不可再生”能源。风力发电将空气的______能转化为电能。某正在工作的四冲程汽油机，若其飞轮的转速是，则汽油机每秒钟对外做功______次。
13.小明注意观察了空调和冰箱的铭牌：
空调制冷“能效比”是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率之比。小明家需要一台制冷量为4800W的空调，若选“能效比”为的空调，则该空调制冷消耗的电功率为______ W。
容积 185
额定电压 220
功率 120
耗电量
家用电冰箱是间歇性工作的。某种电冰箱铭牌的参数如表所示，电冰箱在标定耗电量下正常工作时，一天实际工作______ h，若电冰箱每次从启动到停止工作的时间都为，则该电冰箱每天启动______次，每工作一次标有“”的电能表指示灯闪烁______次。
14.某热敏电阻温度计的简化电路如图甲所示，为热敏电阻，其阻值随温度t变化的图像如图乙所示，为定值电阻，阻值为，电源电压可在之间调节。测温时，电源电压自动调控，通过的电流为某一定值，两端的电压会随阻值均匀变化，将电压表表盘的刻度改成相应的温度刻度，就可直接从电压表表盘上读出温度值。
该款热敏电阻温度计表盘上的温度刻度值______选填“均匀”或“不均匀”；测温过程中，当温度升高时，两端的电压会______选填“增大”“减小”或“不变”。
测温时，通过的电流值恒为2mA，电压表表盘上显示的温度是，此时电源电压为______ V，该热敏电阻温度计测量温度的范围为______；若要能让该温度计测量的最高温度值更高一些，则应______。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
15.根据图的信息标出磁感线的方向，并在图中括号内标出小磁针的极性。
16.作出如图中以L为力臂的动力及杠杆所受阻力不计杠杆自重和摩擦。
17.如图，插座和电灯带开关是组成家庭电路的常用器件，请在遵守安全用电原则的前提下，用笔画线代替导线将器件分别正确连入电路中。
四、实验探究题：本大题共4小题，共25分。
18.在“探究滑轮组工作时的特点”活动中，小明用如图所示的滑轮组提升钩码，改变钩码的数量，在正确操作的情况下，测得的实验数据如下不计绳重。
实验序号 钩码重 钩码上升高度 拉力 绳端移动的距离
1 10 30
2 10 30
3 10 30
实验时，用手竖直向上______拉动弹簧测力计，读出弹簧测力计的示数；
第①次实验中，滑轮组的机械效率为______保留一位小数；
从实验数据可得出实验结论：同一滑轮组，______，机械效率越高；
小明根据表格中的数据，发现重物的重力越大，由摩擦引起的额外功______选填“越大”“越小”或“不变”，请你利用所学知识对此作出解释：______。
19.如图所示的甲、乙、丙三个实验：甲实验中；丙实验中三个烧瓶中装入体积相同的液体；实验中不计热量的损失
上述三个热学实验中，为了“探究不同物质吸热升温现象”的是______选填“甲”、“乙”或“丙”中的一组或几组，下同组实验，通过比较温度计示数的变化量来比较吸放热多少的是______组实验；乙组实验烧杯中水的质量和初温均相等，发现用酒精加热烧杯中水温升的快，______选填“能”或“不能”说明酒精的热值大。
丙实验，探究“电流热效应与电流大小的关系”时，滑动变阻器的主要作用是______。若探究“电流热效应与电阻大小的关系”，需要选择______烧瓶接入电路。接着做“探究水和煤油吸热升温现象”的实验，将 A烧瓶中与电路中R并联进行实验，存在的问题是______。正确调整后电路通电一段时间，测算出：：2，则煤油的比热容______。
20.小明在做“测量小灯泡的电功率”实验时，准备了以下器材：电压恒为6V的学生电源、小灯泡额定电压为，正常发光时的电流约为、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。
图甲是小明连接的部分实物电路，请你用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大。
现有规格为A““、B“”和C“”的三个滑动变阻器可供选择，应选择______选填字母滑动变阻器接入电路才能顺利进行实验；连接好电路后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表和电压表的示数都很小，接下来应进行的操作是______。
问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______选填“右”或“左”移动，直到小灯泡正常发光。小明根据测量数据画出了通过灯丝的电流与其两端电压关系的图像如图丙，由图像可得小灯泡的额定功率为______ W。
测出小灯泡的额定功率后，小明又把小灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，发现测得的实际功率不等于其额定功率的，此时它的实际功率______选填“大于”或“小于”，原因是______。
在测量小灯泡电功率的实验过程中，电流表坏了，小明找来一个阻值合适的定值电阻，设计了如图丁的电路图，实验步骤如下：
①闭合开关，将开关拨到触点1，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡额定电压；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关拨到触点2，记下此时电压表示数为U，则小灯泡的额定功率表达式______。用、U和表示
21.在进行篮球投篮比赛时，小明发现篮球落地后都会反弹，但反弹的高度却不同。为了“探究球反弹的高度与哪些因素有关”，小明和同学们提出如下猜想：
猜想1：与球下落的高度有关；
猜想2：与球的种类有关；
猜想3：与球内的气压有关；
猜想4：与地面的材料有关。
为了验证上述猜想是否正确，小明用带气压计的充气泵分别给标准的篮球、排球和足球充相同气压值的气体，将三个球分别从同一高度自由下落到同一水泥地面，发现用尺测出三球反弹的高度都不相等。实验说明猜想______选填“1”、“2”、“3”或“4”是正确的。
小明将同一篮球充入不同气压值的气体，从不同高度自由下落到木质或水泥地面，用尺测出球反弹的高度，进行多次实验。记录的部分数据如表：
实验序号 球内气压 下落高度 地面材料 反弹的高度
1 120 木质 80
2 120 水泥 90
3 135 水泥 100
4 150 水泥 110
5 110 水泥 95
①比较实验序号为2、3、4的数据，可得出的结论是：______。
②比较实验序号为______的数据，可得出结论：球反弹的高度与地面的材料有关。
③比较实验序号为2、5的数据，______选填“能”或“不能”验证猜想3是否正确，理由是______。
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
22.某款无人驾驶汽车在一段平直的公路上匀速行驶了一段距离后，消耗汽油4kg。若汽油机的效率为，，。求在这段运动过程中：
汽油完全燃烧放出的热量是多少？
发动机排出的废气带走的能量占汽油完全燃烧放出热量的，一个标准大气压下，这些废气的能量全部被初温，质量300kg的水吸收，水的温度会升高到多少？
如果汽车匀速运动时受到的阻力为1000N，消耗4kg汽油汽车能够行驶的路程是多少？
23.如图所示，灯泡L标有“6V3W”，的电阻为，变阻器标有“”的字样，电流表的量程为，电压表的量程为。当开关、、都闭合时，灯泡L恰好正常发光设灯泡电阻不随温度而改变。求：
灯泡L的电阻；
开关、、都闭合时，电路10s内消耗的电能：
开关闭合，、断开时，在保证电路中各元件安全工作的情况下，电阻消耗的电功率范围。
六、综合题：本大题共1小题，共10分。
24.阅读短文，回答问题。
综合实践活动——自制豆芽机
【产品设计】图甲是小组成员完成的设计草图，内容包括发育盘、淋水系统和控温装置。发育盘上有沥水孔：淋水系统由水泵驱动，豆芽机中的水可通过内部管道和沥水孔按箭头方向流动，使用时可通过调节水流大小控制发育盘中的积水量。小组设计的控温装置内部电路如图乙所示，可实现加热、保温两挡自动切换，其中是定值电阻，为热敏电阻，、为电热丝。
【功能调试】小组成员购置了相关配件进行产品制作与调试。配件的具体参数如下：控制电路电源由两节新干电池组成，为，为，的阻值与温度的关系如图丙所示，电磁铁衔铁在电流大于或等于60mA时吸合，此时为加热状态；当电流小于或等于30mA时释放，此时为保温状态。
【评价改进】小希设计了评价量规部分指标如表，并以此作为豆芽机评价改进的依据。
评价指标 作品等级
优秀 合格 待改进
氧气提供 能够提供充足的氧气不会出现缺氧情况 能够提供充足氧气偶尔出现缺氧情况 不能提供充足氧气经常出现缺氧情况
温度控制 能实现自动控温并能提供适宜的温度 能实现自动控温但温度过高或过低 不能自动控温
利用水泵将水抽向喷淋系统时，水的机械能______选填“增大”、“减小”或“不变”；热敏电阻是由______选填“导体”、“半导体”或“超导体”材料制成；
如图乙，针对项目产品及其设计电路，下列说法错误的是______。
A.为了提高所控制的温度，可以增大控制电路电源电压
B.随着温度的升高，电磁铁的磁性将变弱
C.继电器衔铁被吸下时，弹簧的弹性势能增大
D.为了提高所控制的温度，可以增大的阻值
干电池用久了，为了保持控制的温度不变，可以将电磁铁向______选填“左”或“右”移动。
若该产品保温功率和加热功率之比为1：6。
①电热丝电阻阻值为______，加热可产生______ J的热量。
②保温时从最高温经过后降温到最低温，若关闭电路从最高温经过后到最低温，假设整个过程中热量损失功率始终相同，则从最低温加热到最高温需要的时间为______。
小希查阅资料发现绿豆萌发的适宜温度范围是，根据评价量规，试通过数据分析来评定此款豆芽机“温度控制”指标，你将其评定为______，依据是______。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、光线是为了表示光的传播情况，用带箭头的直线表示光的传播径迹和方向，不是客观存在的，故A错误；
B、磁感线是为了方便、形象的描述磁场所画的带箭头的曲线，不是客观存在的，故B错误；
C、电磁波是客观存在的，故C正确；
D、永动机不符合能量守恒定律，不是客观存在的，故D错误。
故选：C。
根据掌握物理知识逐项分析作答。
本题考查了光线、磁感线、电磁波、永动机的概念，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：A、在北方冬天，菜窖里放几桶水可以防止菜被冻坏，利用的水凝固时放出热量，不是利用水的比热容大的特点，故A符合题意；
B、因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，降低相同的温度，水放出的热量多，所以冬天供暖系统使用热水循环供暖，故B不符合题意；
C、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，水的比热容大，在相同的吸放热条件下，水的温度变化小，昼夜温差小；沙漠地区多砂石，砂石的比热容较小，在相同的吸放热条件下，砂石的温度变化大，故C不符合题意；
D、因为水的比热容大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车的发动机用水降温，故D不符合题意。
故选：A。
对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
水凝固时会放出热量。
本题考查了凝固放热、水的比热容大的特点的应用，应用所学知识，解释了实际问题，体现了新课标的要求，属于中考热点题目。
3.【答案】B
【解析】解：A、图甲装置是奥斯特实验，实验表明电流周围存在磁场，实验中小磁针最终静止时与通电导线垂直，故A错误；
B、将乙实验中ab棒竖直上下移动时，不切割磁感线，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会左右摆动，故B正确；
C、图丙装置两个电磁铁串联在电路中，电流相等，线圈匝数不同，所以可以探究电磁铁磁性强弱跟线圈匝数的关系；若移动滑动变阻器，可以改变电路中的电流，所以还可以探究电磁铁磁性强弱跟电流的关系，故C错误；
D、图丁装置是通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能，是电动机的原理，故D错误。
故选：B。
奥斯特实验表明电流周围存在磁场；通电直导线的磁感线是以通电直导线为圆心的一个个同心圆；小磁针N极指向磁感线的切线方向；
根据产生感应电流的条件分析解答；
电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数、是否有铁芯有关，利用控制变量法，探究电磁铁磁性强弱的影响因素；
通电导体在磁场中受力而运动，是电能转化为机械能。
电磁主要包括电流产生磁场、电磁感应、磁场对通电导体的作用三部分，分别是电磁铁、发电机、电动机的工作原理。
4.【答案】A
【解析】解：火箭发射时，燃料燃烧获得的能量使其加速升空，这个过程中的能量转化是内能转化为机械能。
A、热机做功冲程是内能转化为机械能，故A正确；
B、钻木取火过程是机械能转变化为内能，故B错误；
C、水力发电是机械能转化成电能，故C错误；
D、物体上抛过程是机械能转化成内能，故D错误。
故选：A。
气体膨胀做功，气体的内能转化为机械能；克服摩擦做功，机械能转化为内能。
本题考查了能量转化，属于基础题。
5.【答案】D
【解析】解：匀速直线运动的速度可以通过路程和时间计算，与路程和时间无关，属于后一种情形，故A不符合题意；
B.密度在数值上等于物体质量与其体积之比，与质量、体积无关，属于后一种情形，故B不符合题意；
C.比热容在数值上等于物体吸收的热量与质量和升高的温度的乘积的比值，与热量、质量和升高的温度无关，属于后一种情形，故C不符合题意；
D.根据欧姆定律可知，电流与电压成正比，与电阻成反比，即电流的大小与电压和电阻都有关，属于前一种情形，故D符合题意。
故选：D。
匀速直线运动的速度可以通过路程和时间计算，与路程和时间无关；
密度在数值上等于物体质量与其体积之比，与质量、体积无关；
比热容在数值上等于物体吸收的热量与质量和升高的温度的乘积的比值，与热量、质量和升高的温度无关；
根据欧姆定律分析电流与电压、电阻的关系。
本题考查匀速直线运动的特点、密度和比热容的定义以及欧姆定律的内容，难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，由可知，两次所做的有用功相等；第方法一所做的额外功为克服自身重力所做的功，而方法二所做的额外功是两次克服自身重力所做的功，因此方法二的额外功大于第一次的额外功，故方法二的总功大于第一次的总功，由可知，；
因上楼的速度相同，第一次搬书多，用的向上的力大，由可知：。
故选：A。
已知这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，根据公式可求克服自身重力做的功；比较两次所做额外功的多少，从而确定总功的大小，根据机械效率公式可知效率的大小；他上楼的速度相同，得出上楼时间关系，根据可知功率大小。
本题考查了学生对有用功、额外功、总功、功率和机械效率的了解与掌握，能从场景中得出相关信息是本题的关键，属于中等难度的题目。
7.【答案】C
【解析】解：该款手机快充功能充电时充电的电流大小：，电饭锅正常工作时的电流最接近，其他三种电器正常工作时的电流都远小于5A，故C正确。
故选：C。
根据可知该款手机快充功能充电时充电的电流大小，再结合各用电器的情况分析。
本题考查电功、电能公式的应用，难度是理解的含义，难度不大。
8.【答案】C
【解析】解：闭合，灯亮，电路中有电流，说明电路为通路，从保险丝以及c点左侧的零线都没有断路，故D错误；
断开，闭合，灯不亮，灯不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路，
若灯短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，灯泡也不会发光，a、b两个接线点上，试电笔的氖管都不会发光，故A错误；
若灯所在支路开路，d点氖管不发光，故B错误；
若c、d两点间开路，灯泡与零线不能构成闭合电路，电路中没有电流，灯泡不会发光，但d点会通过灯泡与火线间接相连，试电笔的氖管会发光，故C正确。
故选：C。
试电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果是火线，氖管会发光。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
9.【答案】B
【解析】解：
由图象知：
A、时间内物质a的温度虽然不变，但继续吸收热量，所以其内能增加，故A错误；
B、如果a、b是同种物质，比热容相同，升高相同的温度时，b的加热时间长，b吸收的热量多，根据知，b的质量大于a的质量，故B正确；
C、用相同的加热装置加热，温度从升高到时，a物质的加热时间比b物质短，所以a物质吸收的热量比b少，故C错误；
D、用相同的加热装置对b、c两种物质加热时，时间内两种物质吸收的热量相同，c物质升高的温度较小，由于不知道b、c的质量关系，无法由公式判断c的比热容与b的比热容的大小关系，故D错误。
故选：B。
液体的沸腾或晶体的熔化过程吸热温度不变，内能增加；
根据分析解答；
吸收热量的多少通过加热时间的长短来表现；
此题考查的是我们对物理规律的掌握和对图象分析的能力，以图象的形式考查物理规律，具有直观、客观的特点，是现在物理测试的热点考查方式。
10.【答案】A
【解析】解：由图乙可知，闭合开关后，电阻与灯泡L并联，电流表测干路电流；
电阻的阻值为，当的电压为时，通过它的电流，且通过的电流与它两端的电压成正比，据此在图甲中画出其图像，如下图所示：
电阻与灯泡L并联，灯泡的额定电压为，则为了保证小灯泡的安全，灯泡的电压最大为，由并联电路的电压特点可知电源电压电阻两端的电压最大为，
由图像可知此时通过灯泡的电流为，根据欧姆定律可知此时通过的电流，
此时干路电流为，所以电源电压不能调到；
由图像可知，当电阻与灯泡L的电压都为时，通过灯泡的电流为，通过的电流；
此时干路电流最大为，所以电源可调的最大电压为，即电源电压不能超过，故D错误；
则电路的最大总功率为：，故C错误；
A.并联电路中各支路两端的电压相等，由图像可知，当电源电压时，，根据可知，且灯泡的电流增大得越来越慢，而通过电阻的电流均匀增大，则灯泡的电功率增大得越来越慢，而电阻的电功率均匀增大，所以逐渐减小；
由前面解答可知电源电压最大为，则此时灯泡与定值电阻的电功率之比最小，
最小为：：：：：3，故A正确；
B.由图像可知，当电源电压时，，但通过灯泡的电流先增大得快后增大得慢，则灯泡与定值电阻的电流之比先增大后减小；当电源电压时，，此时减小为1；当电源电压时，，此时小于1，
所以，随着电压变大，灯泡与定值电阻的电流之比先增大后减小，故B错误。
故选：A。
由图乙可知，闭合开关后，电阻与灯泡L并联，电流表测干路电流；已知电阻的阻值为，在图甲中可画出其图像；
电阻与灯泡L并联，灯泡的额定电压为，则为了保证小灯泡的安全，灯泡的电压最大为，由并联电路的电压特点可知电源电压电阻两端的电压的最大值；由图像可知此时通过灯泡的电流，根据欧姆定律求出此时通过的电流，由并联电路的电流特点求出干路电流，并与电流表的量程进行比较，从而判断电源电压灯泡的电压能否取到；若不能，则需根据并联电路的电压和电流特点结合图像分析得出电源电压的最大值可确定电源电压的范围值和干路电流的最大值，再利用求出电路的最大总功率；
并联电路中各支路两端的电压相等，由图像可知，当电源电压时，根据可知，结合图像分析电源电压时通过灯泡和电阻的电流变化情况，从而可知两者功率的变化情况，再根据图像找出什么时候灯泡与定值电阻的电功率之比最小，进而求出灯泡与定值电阻功率之比的最小值；
随着电压的变大，结合图像分段分析两者电流的大小关系，从而可知灯泡与定值电阻的电流之比如何变化。
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，分析得出电源可调的最大电压以及灯泡与定值电阻的电流变化规律是解题的关键。
11.【答案】奥斯特 电磁起重机 电动机 电磁感应
【解析】解：A、奥斯特发现通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应；
B、电磁起重机利用了电流的磁效应；
C、电动机的原理是磁体对电流有力的作用；
D、法拉第发现了电磁感应现象。
故答案为：奥斯特；电磁起重机；电动机；电磁感应。
奥斯特发现通电导体周围存在磁场，应用有电磁起重机、电磁铁等；
电动机的原理是磁体对电流有力的作用；
法拉第发现了电磁感应现象。
本题考查了电磁相互作用，属于基础题。
12.【答案】可再生 机械 30
【解析】解：风能是可再生能源。风力发电将空气的机械能转化为电能。某正在工作的四冲程汽油机，若其飞轮的转速是，则汽油机每秒钟对外做功30次。
故答案为：可再生；机械；30。
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源煤炭、石油、天然气、核能。
在单缸四冲程内燃机中，吸气、压缩、做功、排气四个冲程为一个工作循环，每个工作循环曲轴转2周，活塞上下往复2次，做功1次。
本题考查可再生能源与不可再生能源，做功次数的判断。
13.【答案】1500； 6；36；30。
【解析】解：因为能效比是指空调制冷量与制冷时消耗的电功率比，所以能效比为的空调消耗的电功率：
；
从表格可知，电冰箱一天的耗电量为，电功率为，
一天的实际工作时间为：
；
电冰箱每次从启动到停止工作的时间为：，
一天启动次数：次；
电冰箱每工作一次消耗的电能为：
；
又因为每消耗的电能，电能表指示灯闪烁1500次，则电冰箱每工作一次电能表指示灯闪烁的次数为：
。
故答案为：；；36；30。
根据能效比的含义求出制冷量为3200W的制冷空调消耗的电功率；
知道电冰箱一天的耗电量和电功率的大小可利用公式计算出一天的实际工作时间。
知道电冰箱每次从启动到停止工作的时间，可利用公式计算出电冰箱每工作一次消耗的电能；知道一天耗电量，可求启动次数；再依据电能表指示灯闪烁参数可求出电冰箱每工作一次电能表指示灯闪烁的次数。
本题考查电能和电功率的计算，综合性强，难度适中。
14.【答案】均匀 减小 1 增大定值电阻的大小
【解析】解：由图甲知，两电阻串联，电压表测两端的电压，通过的电流为某一定值；
设R的阻值与温度的函数关系为：，由图乙可得：
------①，
------②，
①②两式联立可得：，，则电阻与温度的函数关系为：，
两端的电压可表示为：，与t是一次函数，因而刻度是均匀的；且温度越高，U1越小；
通过的电流值恒为，电压表表盘上显示的温度是，，
；
之间调节，
当电压为时，电路中电阻为，，即，解得；
当电压为时，电路中电阻为，，即，解得；
该热敏电阻温度计测量温度的范围为；
根据电压和电流不变时，总电阻不变，温度更高时，热敏电阻更小，可以增大定值电阻的大小。
故答案为：均匀；减小；；；增大定值电阻的大小。
由图甲知，两电阻串联，电压表测两端的电压，由图乙可得电阻与温度的函数关系，根据欧姆定律计算电压表示数，得出结论；
温度为时电阻的阻值，根据电流和欧姆定律计算电压，根据串联电压规律计算电源电压；
根据电压范围计算总电阻得出热敏电阻大小，根据函数关系计算温度；根据电压和电流不变时，总电阻不变，温度更高时，热敏电阻更小，据此解答。
本题考查串联电路特点，欧姆定律的灵活运用，明确通过电路的电流不变是解题的关键。
15.【答案】解：电流应从电流表的正接线柱流入、负接线柱流出，由图中电流表的正负接线柱可知，螺线管线圈正面的电流方向是向下的，根据安培定则可知，通电螺线管的右端为N极，其左端为S极；
在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以图中磁感线的方向向左；
因异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端为S极，其右端为N极，如下图所示：

【解析】电流表应串联接入电路中，且电流方向“正进负出”，根据电流表的正负接线柱可知螺线管中电流的方向，根据安培定则判断通电螺线管的磁极；在磁体外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，据此判断图中磁感线的方向；根据磁极间的相互作用规律判断小磁针的极性。
此题考查了安培定则的应用、磁极间的相互作用规律、磁感线的方向，比较简单，属于基础题。
16.【答案】解：由图可知，现在已知力臂，只要作力臂的垂线即可得力的作用线，力应作用在杠杆上；
杠杆所受阻力为重物对杠杆的拉力，作用在杠杆上，方向竖直向下，如图所示：

【解析】从杠杆的转轴到力的作用线的垂直距离，是力的力臂；画力臂的方法：首先确定支点；然后找到动力和阻力，并用虚线延长动力和阻力的作用线；用虚线做支点到动力作用线和阻力作用线的垂线。
本题考查了力臂的画法，会确定物体受力的方向，会用力的示意图表示物体受力情况，知道力臂的正确画法，并且能够画出正确的力臂。
17.【答案】解：灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。
安装插座时，上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：

【解析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。
三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
本题考查了开关、插座的接法。开关接在火线与电灯之间，可以使开关断开时，电灯灯座上没有电，这样在换灯泡时不会发生触电。
18.【答案】匀速； ； 所提升物重越大； 越大；所挂钩码增多，摩擦力增大，额外功增多。
【解析】解：在实验时，应用手竖直向上匀速拉动弹簧测力计，读出测力计的示数。
根据第①次实验数据可知，
，
；
第2次的机械效率：
；
；
由表中实验序号为1、2、3的实验数据可知，对于同一动滑轮，所提升物重越大，机械效率越高。
在计算出每一组总功与有用功和克服动滑轮重力的功的差值
，
即克服绳重和绳子与轮之间的摩擦做的功时，要控制物体提升的高度相同，故应通过比较第①、②和③组的数据；
；
；
；
故重物的重力越大，差值越大，原因是：所挂钩码增多，摩擦力增大，额外功增多。
故答案为：匀速；；所提升物重越大；越大；所挂钩码增多，摩擦力增大，额外功增多。
在实验中，为了正确测出拉力的大小，应拉动弹簧测力计竖直向上匀速上升；
利用求出有用功，利用求出总功，利用求出动滑轮的机械效率；
根据控制变量法的要求分析表中实验数据，根据实验控制的变量与实验数据分析答题；
根据表中数据，求出在每一组总功与有用功和克服动滑轮重力的功的差值，比较大小得出结论；根据要控制物体提升的高度相同回答；分别得出3次实验的回答；由影响摩擦力大小的因素分析。
本题考查了求滑轮组效率、实验数据分析，应用效率公式可以求出滑轮组效率，应用控制变量法分析表中实验数据即可正确解题；解题时要注意控制变量法的应用。
19.【答案】甲；乙、丙；不需要；
改变电路中的电流；B；未控制水和煤油的质量相同；。
【解析】解：为了“探究不同物质吸热升温现象”，要控制相同时间吸热相同，故选用相同的加热装置，加热不同的液体，即是甲组实验；
为了比较热值大小，要用不同的燃料，加热质量相同的同种液体，根据，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，通过比较温度计示数的变化量来比较吸放热多少的乙组实验；根据转换法，丙实验中通过比较温度计示数的变化量来比较吸放热多少的；
乙组实验中，两种燃料要燃尽，故不需要保持加热时间一样；
丙图中探究“电流热效应与电流大小的关系”时，需要改变电路中的电流，因此滑动变阻器的作用是改变电路中的电流。
若探究“电流热效应与电阻大小的关系”，需要控制电流相同，电阻不同，因此应将B烧瓶接入电路。
若要探究“探究水和煤油吸热升温现象”的实验，需要控制水和煤油质量相同，而实验中水和煤油的体积相同，质量不同，因此未控制不同物质的质量相同。
正确调整后电路通电一段时间，质量相同的水和煤油吸收的热量是相同的，由于
：：2则可得：；
煤油的比热容为：。
故答案为：甲；乙、丙；不需要；
改变电路中的电流；B；未控制水和煤油的质量相同；。
“探究不同物质吸热升温现象”，要控制相同时间吸热相同，要选用相同的加热装置，加热不同的液体；为了比较热值大小，要用不同的燃料燃尽，加热质量相同的同种液体，根据，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，据此回答；
探究“电流热效应与电流大小的关系”时，滑动变阻器的作用是改变电路中的电流。
若探究“电流热效应与电阻大小的关系”，需要控制电流相同，电阻不同。
若要探究“探究水和煤油吸热升温现象”的实验，需要控制水和煤油质量相同。
质量相同的水和煤油吸收的热量是相同的，根据水和煤油温度变化量，得出煤油比热容大小。
本题探究不同物质吸热能力的实验，利用控制变量法和转换法分析。
20.【答案】见解答图； B；移动滑动变阻器滑片，观察灯泡是否发光； 右；； 大于；灯丝的电阻随温度的升高而增大； 。
【解析】解：小灯泡正常发光时的电流约为，故电流表选用小量程串联在电路中；滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，故滑动变阻器选用右下接线柱与电流表串联在电路中，如下图所示：
；
小灯泡正常发光时的电流约为；当灯正常发光时，根据串联电路的规律及欧姆定律可知，滑动变阻器连入电路中的电阻为：
，故为了能够顺利完成实验探究，应选用“”的滑动变阻器，即选B；
闭合开关，发现电流表和电压表的示数都很小，说明电路是通路，且灯泡没有短路，小灯泡不亮，说明灯泡实际功率太小，故接下来应进行的操作是：移动滑动变阻器滑片，观察灯泡是否发光；
问题解决后，继续进行实验，发现电压表的示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值，其示数为，小于灯泡额定电压，要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向右移动，直到小灯泡正常发光；
由图丙可知，灯泡额定电压对应的额定电流为，则小灯泡额定功率为：
；
因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据可知，把小灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，灯丝温度低，电阻变小，根据欧姆定律可知通过灯丝的电流大于额定电流的一半，根据可知，测得的实际功率大于其额定功率的；
①闭合开关，将开关拨到触点1，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡额定电压，小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关拨到触点2，记下此时电压表示数为U，此时测量的是和小灯泡的电压之和，则定值电阻两端电压为，
根据串联电路电流规律和欧姆定律可知，小灯泡额定电流为：
，
则小灯泡的额定功率表达式：
。
故答案为：见解答图；；移动滑动变阻器滑片，观察灯泡是否发光；右；；大于；灯丝的电阻随温度的升高而增大；。
根据灯泡额定电流确定电流表量程，将电流表串联在电路中；滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
根据串联电路电压规律和欧姆定律求出灯泡正常发光时滑动变阻器接入电路的阻值，并结合灯泡额定电流确定滑动变阻器的规格；
闭合开关，发现电流表和电压表的示数都很小，说明电路是通路，且灯泡没有短路，小灯泡不亮，说明灯泡实际功率太小，据此分析；
根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用求出灯泡额定功率；
因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，根据可知，把小灯泡两端的电压调为其额定电压的一半，测得的实际功率不等于其额定功率的；
闭合开关，将开关拨到触点1，移动滑动变阻器滑片，使电压表示数等于小灯泡额定电压；保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关拨到触点2，记下此时电压表示数为U，此时测量的是和小灯泡的电压之和，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出灯泡额定电流，利用写出小灯泡的额定功率表达式。
本题“测量小灯泡的电功率”实验，考查了电路连接、器材的选择、故障分析、实验操作、电功率的计算、影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
21.【答案】2； ①球的种类、球内气压和地面材料相同时，球下落的高度越高，反弹的高度越高；②1、2；③能；球下落的高度小，球内气压大，球反弹的高度反而大，说明与球内的气压有关。
【解析】解：小明用带气压计的充气泵分别给标准的篮球、排球和足球充相同气压值的气体，将三个球分别从同一高度自由下落到同一水泥地面，发现用尺测出三球反弹的高度都不相等。此次改变了球的种类，反弹高度不等，故说明猜想2是正确的。
①比较实验序号为2、3、4的数据，控制了球的种类、球内的气压、地面材料相同，改变的是下落高度，且下落高度越高，反弹高度越高，可得出的结论是：球的种类、球内气压和地面材料相同时，球下落的高度越高，反弹的高度越高。
②研究球反弹的高度与地面的材料关系，必须控制球的种类、球内气压和下落高度相同，比较实验序号为1、2的数据，可得出结论：球反弹的高度与地面的材料有关。
③比较实验序号为2、5的数据，虽然第5次的下落高度较低，但反弹高度较大，故推理第5次的下落高度与第2次相同，反弹高度大于95cm，一定大于第2次的90cm，故能验证猜想3是否正确，理由是球下落的高度小，球内气压大，球反弹的高度反而大，说明与球内的气压有关。
故答案为：；①球的种类、球内气压和地面材料相同时，球下落的高度越高，反弹的高度越高；②1、2；③能；球下落的高度小，球内气压大，球反弹的高度反而大，说明与球内的气压有关。
球下落时，重力势能转为动，由于阻力存在机械能减小；根据球的种类分析得出验证的猜想；
根据控制变量法分析表格中的数据进行解答。
本题考查了探究球反弹高度实验的实验数据分析，考查了控制变量法的应用，正确应用控制变量法、分析表中实验数据即可正确解题。
22.【答案】4kg汽油完全燃烧放出的热量是；
水的温度会升高到；
如果汽车匀速运动时受到的阻力为1000N，消耗4kg汽油汽车能够行驶的路程是54km。
【解析】解：汽油完全燃烧放出的热量为：
；
由题可知废气带走的能量为：
，
即水吸收的热量为：，
由可知水升高的温度为：
，
则水的末温：；
已知汽油机的效率为，
汽车做的有用功为：，
汽车匀速运动时的受到阻力与汽车的牵引力是对平衡力，
由二力平衡的条件可知，汽车的牵引力为：，
根据可知汽车通过的路程为：
。
答：汽油完全燃烧放出的热量是；
水的温度会升高到；
如果汽车匀速运动时受到的阻力为1000N，消耗4kg汽油汽车能够行驶的路程是54km。
已知汽油的热值和消耗的质量，利用可求出汽油完全燃烧放出的热量；
由题意可得出废气带走的能量，即水吸收的热量，再根据可知水升高的温度，进一步求出水的末温；
已知汽油机的效率，利用效率公式可得出汽车做的有用功；已知汽车受到的阻力，由二力平衡的条件可得出汽车的牵引力，再根据可求出汽车通过的路程。
本题主要考查了热值及其计算、比热容及其计算、功和效率的计算，题目较综合。
23.【答案】解：由可得，灯泡L正常工作时的电流：
，
由欧姆定律可得，灯泡的电阻：
；
当、、均闭合时，与L并联，电流表测干路电流，被短路，
灯泡正常发光，通过灯泡的电流，
由并联电路电压特点知电源电压：，
通过的电流：，
由并联电路电流特点可得干路电流：
，
则电路10秒消耗的电能：；
当闭合，、断开时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，
电压表的量程为，所以当电压表的示数时，变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，功率最小，
此时两端的最小电压：
，
则的最小功率：
；
由于变阻器标有“”的字样，表示变阻器允许通过的最大电流为1A，
而当变阻器接入电路的阻值为0时，所以电路中最大电流为：，
此时功率最大，则最大功率为：
，
所以，电阻消耗的电功率范围为。
答：灯泡L的电阻为；
开关、、都闭合时，电路10秒消耗的电能为66J；
开关闭合，、断开时，在保证电路中各元件安全工作的情况下，电阻消耗的电功率范围为。
【解析】灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据求出通过灯泡的电流，再根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
当、、均闭合时，与L并联，电流表测干路电流，电压表被短路，根据灯泡L恰好正常发光结合并联电路的电压特点求出电源电压；根据欧姆定律和并联电路特点求出干路电流，然后利用求出电路10秒消耗的电能；
当闭合，、断开时，与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路中的电流，当电压表的示数最大时电路中的电流最小，消耗功率最小，根据串联电路的电压特点求出两端的电压，利用求出的最小功率；由于变阻器标有“”的字样，表示变阻器允许通过的最大电流为1A，当变阻器接入电路的阻值为0时，电路中的最大电流为，此时功率最大，利用即可求出最大功率。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键。
24.【答案】增大；半导体； D； 右； ①66；44000；②60； 合格；见解析
【解析】解：利用水泵将水抽向喷淋系统时，水的速度和高度变大，水的机械能增大；热敏电阻是由 半导体材料制成；
电磁铁衔铁吸合电流大小不变，增大控制电路电源电压，由欧姆定律可知电路的电阻变大，由串联电阻的规律，阻值变大，提高所控制的温度，故A正确；
B.随着温度的升高，阻值变大，电路的电阻变大，电路的电流变小，电磁铁的磁性将变弱，故B正确
C.继电器衔铁被吸下时，弹簧的弹性势能增大，故C正确；
D.为了提高所控制的温度，由A分析可知，要减小的阻值，故D错误；
故选：D。
干电池用久了，电源电压变小，保持控制的温度不变，电路的电阻不变，电流变小，电磁铁礠性变小，吸引力变小，可以将电磁铁向右移动，增大力臂。
①加热时只有工作，保温时与串联工作，其功率之比为1：6，根据可知，在电压不变时，电功率与电阻成反比
保温功率和加热功率之比为1：6，故

加热可产生的热量：
；
②由题知，关闭电路，从最高温降到最低温用时；保温时，从最高温降到最低温用时，
设散热功率为，根据题意可知保温时温度也要降低，说明散热功率大于保温功率，即，
则关闭电路时，整个降温过程中散失的热量为，
保温时，既要产生热量，也要散热，相当于此时对外的散热功率为，
则保温时，整个降温过程中散失的热量为，
由于降低的温度相同，所以散失的热量相同，即，
代入数据有：，解得，
由题知，则；
已知整个过程中热量损失功率始终相同，设从最低温加热到最高温需要的时间为，
从最低温加热到最高温与从最高温降低到最低温相比，温度变化量相同，
所以加热时实际增加的热量与停止加热时散失的热量相等，加热时，既要产生热量，也要散热，相当于此时对内部的加热功率为，
则有：，
代入数据有：，
解得。
电磁铁衔铁在电流大于或等于60mA时吸合，由欧姆定律知
根据串联电阻的规律有
图可知，此时豆芽机的温度为，电磁铁显铁在电流小于30mA时释放。根据欧姆定律可知
根据电阻的串联，
由图可知，此时拖拉机的温度为。此款豆芽机的温度控制，控制范围。由于豆芽萌发的适宜温度范围是，则此款豆浆机能实现自动温控，但温度偏高，所以应将其评定为合格。
故答案为：增大；半导体；；右；①66；44000；②60；合格；见解析
利用水泵将水抽向喷淋系统时水的速度和高度变大，据此分析水的机械能的变化；物体沉底时物体所受的浮力小于重力；热敏电阻是由半导体材料制成的；
逐项分析各选项得出答案；
干电池用久了，电源电压变小，保持控制的温度不变，电路的电阻不变，确定电路的电流变化及电磁铁礠性变化，结合杠杆平衡分析；
①加热时只有工作，保温时与串联工作，其功率之比为1：6结合根据可求出的阻值；
根据计算加热可产生的热量；
②由题知，关闭电路，从最高温降到最低温用时；保温时，从最高温降到最低温用时，设散热功率为，根据题意可知保温时温度也要降低，说明散热功率大于保温功率；
关闭电路时，整个降温过程中散失的热量为，
保温时，既要产生热量，也要散热，相当于此时对外的散热功率为，
则保温时，整个降温过程中散失的热量为，
由于降低的温度相同，所以散失的热量相同，据此建立方程可求出保温功率与散热功率的关系；
由于加热时功率为保温时功率的4倍，则可知加热功率与散热功率的关系；
从最低温加热到最高温与从最高温降低到最低温相比，温度变化量相同，所以实际增加的热量与停止加热时散失的热量相等，据此建立方程可求出从最低温加热到最高温需要的时间；
电磁铁衔铁在电流大于或等于60mA时吸合，由欧姆定律得出电路的电阻，根据串联电阻的规律得出；
根据图可知此时豆芽机的温度，同理得出电磁铁显铁在电流小于30mA时释放电路的电阻，根据串联电阻的规律得出，根据图可知此时豆芽机的温度，确定此款豆芽机的温度控制范围，结合已知条件分析。
本题考查物体半导体的应用、串联电路特点、欧姆定律、电功率的灵活应用，综合性强，难度较大。

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