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北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 海淀区校级期末）下列有机物的名称与结构简式对应关系不正确的是（　　）
A B C D
2﹣甲基丁烷 顺﹣2﹣戊烯 2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯 聚乙烯
A．A B．B C．C D．D
2．（2025春 海淀区校级期末）某同学做如图实验，对照实验不能达到实验目的的是（　　）
A．①、②对照，比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性
B．②、③对照，说明中C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子
C．④、⑤对照，能说明苯环对羟基的化学性质产生影响
D．②和③、④和⑤对照，说明官能团对有机物的化学性质起决定作用
3．（2024春 海淀区校级期末）下列关于苯的叙述正确的是（　　）
A．反应①为取代反应，反应的试剂是浓溴水
B．反应②为氧化反应，反应现象是火焰明亮并带有浓烟
C．反应③为取代反应，有机产物是炸药TNT
D．反应④中1mol苯最多与3mol H2发生加成反应，是因为苯分子中含有三个碳碳双键
4．（2025春 北京校级期末）法国化学家伊夫 肖万获2005年诺贝尔化学奖。他发现了烯烃里的碳碳双键会被拆散、重组，形成新分子，这种过程被命名为烯烃复分解反应（该过程可发生在不同烯烃分子间，也可发生在同种烯烃分子间）。如：
则对于有机物发生烯烃的复分解反应时，可能生成的产物有（　　）
①
②CH2＝CHCH3
③CH2＝CH2
④
A．①②③ B．①②④ C．②③④ D．①③④
5．（2025春 北京校级期末）月桂烯具有令人愉快的、清淡的香脂气味，芳樟醇、香叶醇和乙酸橙花酯均可由月桂烯合成（如图）。
下列有关说法不正确的是（　　）
A．月桂烯易挥发且难溶于水
B．芳樟醇与香叶醇互为同分异构体
C．1mol月桂烯与1mol单质溴加成的产物有3种（不考虑立体异构）
D．乙酸橙花酯的同分异构体中不可能有芳香族化合物
6．（2025春 北京校级期末）利用“氧氯化法”以乙烯为原料制备氯化烯过程中的物质转化关系如图所示。下列说法不正确的是（　　）
A．化合物Ⅰ分子中所有原子共平面
B．裂解时，另一产物X为HCl
C．化合物Ⅱ是由HCl与化合物Ⅰ直接发生加成反应获得
D．化合物Ⅲ发生加聚反应的产物为
7．（2025春 海淀区校级期末）下列说法正确的是（　　）
A．将甘氨酸、丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有3种
B．碱基与戊糖缩合形成核苷，核苷与磷酸缩合形成核苷酸
C．向鸡蛋清溶液中加入少量硝酸银溶液会发生盐析
D．麦芽糖、果糖、蔗糖均为还原糖
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（　　）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
9．（2025 西城区校级模拟）下列说法不正确的是（　　）
A．糖类是多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物
B．油脂不属于高分子，可用于制造肥皂和人造奶油
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，其不能与酸反应
D．核酸分子的碱基含有N—H键，碱基间易形成氢键
10．（2025春 东城区校级期末）合成导电高分子材料PPV的反应：
资料：
苯乙烯的结构简式如图所示：
下列说法正确的是（　　）
A．PPV无还原性
B．PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元
C．和苯乙烯互为同系物
D．通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度
11．（2024春 房山区期末）有一瓶标签模糊的无色溶液，可能是乙醇、乙醛、乙酸、苯酚溶液中的一种。下列试剂中，能检验该无色溶液是否为苯酚溶液的是（　　）
A．钠 B．银氨溶液
C．碳酸氢钠溶液 D．氯化铁溶液
12．（2025 西城区校级模拟）功能高分子P的合成路线如图。
已知：（R1、R2表示烃基或氢）下列说法正确的是（　　）
A．H中含有碳碳双键
B．F的结构简式为CH3CH＝CHCHO
C．C→D为消去反应
D．仅用蒸馏水不能区分A和E
13．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（　　）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
14．（2025春 北京校级期末）我国科研人员利用电离辐射作为赋能方式，同时利用水辐解产生的羟基自由基和水合电子，实现了（CH4与CO2的氧化还原偶联反应，在室温下合成了CH3COOH。下列关于CH4、CO2、CH3COOH的说法正确的是（　　）
A．三种物质均属于有机化合物
B．三种物质均属于共价化合物
C．三种物质均难溶于水
D．CH4→CH3COOH和CO2→CH3COOH的过程中CH4和CO2均表现出氧化性
15．（2025 海淀区校级模拟）化合物K与L反应可合成药物中间体M，转化关系如图。
下列说法不正确的是（　　）
A．K具有碱性
B．M中存在氢键
C．L和M中均含有酰胺基
D．反应中K与L的化学计量比是1：1
二．解答题（共2小题）
16．（2025春 海淀区校级期末）（1）写出化合物的系统命名
　 　 。
（2）按要求填空
①C3H5Cl含有碳碳双键的同分异构体有 　 　 种（含顺反异构）；
②写出分子式为C10H12O3满足卜列条件的同分异构体的结构简式 　 　 ；
ⅰ、与FeCl3溶液显色；
ⅱ、苯环上有两个取代基；
ⅲ、1mol该物质最多消耗3mol NaOH；
ⅳ、分子中有5种不同化学环境的氢原子。
（3）“人造棉”维纶的合成路线如下，请回答问题。
①反应①、③的反应类型分别为 　 　 、　 　 ；
②反应②的方程式为 　 　 ；
③反应④的化学方程式为 　 　 。
17．（2025春 海淀区校级期末）观察下列合成路线，回答有关问题
（1）写出反应①的化学方程式：　 　 ；
（2）已知反应②使用了Ag作为催化剂，反应③进行过程中伴随着砖红色沉淀的生成，写出反应②与③的化学方程式 　 　 、　 　 ；
（3）向A中加入过量浓氨水生成F，写出反应④的化学方程式：　 　 ；
（4）产物P是一种合成纤维，其商品名为尼龙﹣66，写出反应⑤的化学方程式：　 　 。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 东城区期末）维生素B6（VB6）的一种合成路线如图：
已知：ⅰ.R—CHO+2R'OHO
ⅱ.
（1）VB6易溶于水，原因是 　 　 。
（2）试剂X的相对分子质量为30，能发生银镜反应。B能与钠反应。
写出A→B的化学方程式：　 　 。
（3）D为氨基酸。D的结构简式为 　 　 。
（4）E+C6H10O4→F+C2H5OH。
①C6H10O4中只含一种官能团，写出C6H10O4的结构简式：　 　 。
②以乙二醇和乙醇为原料，选用必要的无机试剂合成C6H10O4，写出合成路线：　 　 。
（5）下列说法正确的是 　 　 （填序号）。
a.C中含有碳碳双键
b.Y的系统名称为1﹣丁醇
c.K中含有5个手性碳原子
（6）F→G经历如下三步：
N的结构简式为 　 　 。
19．（2025 西城区期末）托法替尼是一种治疗关节炎的药物，其重要中间体W的一种合成路线如下。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）E中的含氧官能团的名称是 　 　 。
（2）B→D反应的化学方程式是 　 　 。
（3）下列说法正确的是 　 　 ；
a.F→G，E+I→M均为取代反应
b.G→I，CH2BrCHO和CH3CH2OH的物质的量之比为2：1
c.E+I→M，若用KOH溶液替换K2CO3，可能降低M的产率
（4）E中α—H的活泼性较强，原因是 　 　
（5）M→W的转化经历如下过程。
Z→W仅发生官能团的变化，Z和W的分子式均为C6H5O2N3，分子中均含有一个六元环、一个五元环。W的分子中含有1个N—H键，2个O—H键和2个C—H键。
①Y→Z，生成Z的同时还生成的有机化合物是 　 　 。
②Y的结构简式是 　 　 ，W的结构简式是 　 　 。
北京市2024-2025学年高二下学期化学期末模拟预测卷
参考答案与试题解析
一．选择题（共15小题）
1．（2025春 海淀区校级期末）下列有机物的名称与结构简式对应关系不正确的是（　　）
A B C D
2﹣甲基丁烷 顺﹣2﹣戊烯 2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯 聚乙烯
A．A B．B C．C D．D
【答案】D
【分析】A．根据烷烃命名时，选用最长的碳链为主链，从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，并标出支链的位置进行分析；
B．根据烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有5个碳原子，进行分析；
C．根据烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有4个碳原子，侧链为甲基，进行分析；
D．根据一定条件下，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，进行分析。
【解答】解：A．烷烃命名时，选用最长的碳链为主链，从离支链近的一端给主链上的碳原子进行编号，并标出支链的位置，烷烃分子中最长碳链含有4个碳原子，侧链为甲基，名称为2﹣甲基丁烷，故A正确；
B．由结构简式可知，烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有5个碳原子，名称为顺﹣2﹣戊烯，故B正确；
C．由结构简式可知，烯烃分子中含有碳碳双键的最长碳链含有4个碳原子，侧链为甲基，名称为2﹣甲基﹣1，3﹣丁二烯，故C正确；
D．一定条件下，乙烯发生加聚反应生成聚乙烯，聚乙烯的结构简式为，故D错误；
故选：D。
【点评】本题主要考查有机物的命名等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
2．（2025春 海淀区校级期末）某同学做如图实验，对照实验不能达到实验目的的是（　　）
A．①、②对照，比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性
B．②、③对照，说明中C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子
C．④、⑤对照，能说明苯环对羟基的化学性质产生影响
D．②和③、④和⑤对照，说明官能团对有机物的化学性质起决定作用
【答案】C
【分析】A．根据反应均产生氢气但反应剧烈程度不同进行分析；
B．根据煤油和乙醇分子中，乙醇中有一个羟基氢，其余都是单键碳原子上的氢进行分析；
C．根据苯和苯酚中均含有苯环进行分析；
D．根据乙醇的官能团是醇羟基、苯酚的官能团是酚羟基进行分析。
【解答】解：A．水和C2H5OH中均有羟基氢，①、②对照，反应均产生H2但反应剧烈程度不同，故可比较H2O、C2H5OH中羟基氢原子的活泼性，故A正确；
B．煤油和乙醇分子中，C2H5OH中有一个羟基氢，其余都是单键碳原子上的氢，②、③对照，乙醇和钠反应产生了氢气，说明C2H5OH存在不同于烃分子中的氢原子，故B正确；
C．苯和苯酚中均含有苯环，④、⑤对照，④中只有萃取而不反应、⑤中产生白色沉淀三溴苯酚，故对照，不能说明羟基对苯环的化学性质产生影响，故C错误；
D．C2H5OH的官能团是醇羟基、苯酚的官能团是酚羟基，结合上面分析可知：②和③、④和⑤对照，说明官能团对有机物的化学性质起决定作用，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机分子中基团之间的关系等，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
3．（2024春 海淀区校级期末）下列关于苯的叙述正确的是（　　）
A．反应①为取代反应，反应的试剂是浓溴水
B．反应②为氧化反应，反应现象是火焰明亮并带有浓烟
C．反应③为取代反应，有机产物是炸药TNT
D．反应④中1mol苯最多与3mol H2发生加成反应，是因为苯分子中含有三个碳碳双键
【答案】B
【分析】A．苯与液溴反应，与浓溴水不反应；
B．燃烧都是氧化反应，苯含碳量高；
C．苯与浓硝酸发生取代反应生成硝基苯；
D．1mol苯最多与3mol H2发生加成反应。
【解答】解：A．反应①为苯和液溴发生的取代反应，与浓溴水不反应，反应需要铁作为催化剂，故A错误；
B．反应②为苯在氧气中燃烧，属于氧化反应，因为含碳量比较高，不完全燃烧，反应现象是火焰明亮并带有浓烟，故B正确；
C．反应③为苯和硝酸的取代反应，产物为硝基苯，不是炸药TNT，故C错误；
D.1mol苯最多与3mol H2发生加成反应，反应④为苯与氢气的加成反应，消耗3mol氢气，苯分子中不含碳碳双键，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查了阿伏加德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大。
4．（2025春 北京校级期末）法国化学家伊夫 肖万获2005年诺贝尔化学奖。他发现了烯烃里的碳碳双键会被拆散、重组，形成新分子，这种过程被命名为烯烃复分解反应（该过程可发生在不同烯烃分子间，也可发生在同种烯烃分子间）。如：
则对于有机物发生烯烃的复分解反应时，可能生成的产物有（　　）
①
②CH2＝CHCH3
③CH2＝CH2
④
A．①②③ B．①②④ C．②③④ D．①③④
【答案】D
【分析】根据题所给信息烯烃在合适催化剂作用下可双键断裂，两端基团重新组合为新的烯烃进行解题。
【解答】解：有机物可断裂成以下三个片断，分别为：、＝CHCH2CH＝、＝CH2，①可由2个组合而成；③CH2＝CH2可由2个＝CH2组合而成；④可由和＝CH2组合而成，则①③④正确，
故选：D。
【点评】本题考查同分异构体，读懂题目所给的信息是解题的关键，可以是同种分子，也可以是不同分子发生“复分解反应”，难度不大。
5．（2025春 北京校级期末）月桂烯具有令人愉快的、清淡的香脂气味，芳樟醇、香叶醇和乙酸橙花酯均可由月桂烯合成（如图）。
下列有关说法不正确的是（　　）
A．月桂烯易挥发且难溶于水
B．芳樟醇与香叶醇互为同分异构体
C．1mol月桂烯与1mol单质溴加成的产物有3种（不考虑立体异构）
D．乙酸橙花酯的同分异构体中不可能有芳香族化合物
【答案】C
【分析】A．月桂烯具有令人愉快的、清淡的香脂气味，故有挥发性正确；
B．芳樟醇与香叶醇分子式均为C10H18O；
C．1mol月桂烯与1mol单质溴加成时，三个碳碳双键位置均可以与一分子溴单质发生加成，或与两个相邻双键发生1，4﹣加成；
D．乙酸橙花酯分子的不饱和度为3，不能形成苯环。
【解答】解：A．月桂烯的分子结构中没有亲水基，因此难溶于水，月桂烯具有令人愉快的、清淡的香脂气味，故有挥发性，故A正确；
B．芳樟醇与香叶醇分子式均为C10H18O，因此二者互为同分异构体，故B正确；
C．1mol月桂烯与1mol单质溴加成时，三个碳碳双键位置均可以与一分子溴单质发生加成，或与两个相邻双键发生1，4﹣加成，因此产物有4种，故C错误；
D．乙酸橙花酯分子的不饱和度为3，不能形成苯环，因此乙酸橙花酯的同分异构体中不可能有芳香族化合物，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
6．（2025春 北京校级期末）利用“氧氯化法”以乙烯为原料制备氯化烯过程中的物质转化关系如图所示。下列说法不正确的是（　　）
A．化合物Ⅰ分子中所有原子共平面
B．裂解时，另一产物X为HCl
C．化合物Ⅱ是由HCl与化合物Ⅰ直接发生加成反应获得
D．化合物Ⅲ发生加聚反应的产物为
【答案】C
【分析】A．化合物I为乙烯，是平面型结构；
B．由原子守恒可知，化合物Ⅱ发生裂解生成化合物Ⅲ和HCl；
C．HCl与化合物ⅠⅠ直接发生加成反应生成CH3CH2Cl；
D．化合物Ⅲ为氯乙烯，含碳碳双键。
【解答】解：A．化合物I为乙烯，是平面型结构，所有原子共面，故A正确；
B．化合物Ⅱ发生裂解生成化合物Ⅲ和HCl，故B正确；
C．HCl与化合物ⅠⅠ直接发生加成反应生成CH3CH2Cl，不能生成化合物Ⅱ，故C错误；
D．化合物Ⅲ为氯乙烯，发生加聚反应生成，故D正确；
故选：C。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
7．（2025春 海淀区校级期末）下列说法正确的是（　　）
A．将甘氨酸、丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有3种
B．碱基与戊糖缩合形成核苷，核苷与磷酸缩合形成核苷酸
C．向鸡蛋清溶液中加入少量硝酸银溶液会发生盐析
D．麦芽糖、果糖、蔗糖均为还原糖
【答案】B
【分析】A．根据氨基酸生成二肽的种类进行分析；
B．根据核苷酸的组成进行分析解答；
C．银离子是重金属离子；
D．蔗糖是非还原性糖。
【解答】解：A．羧基脱羟基，氨基脱氢原子形成链状二肽，形成1个肽键，将甘氨酸、丙氨酸混合，在一定条件下生成的链状二肽有4种，故A错误；
B．碱基与戊糖缩合形成核苷，核苷与磷酸缩合形成核苷酸，故B正确；
C．银离子是重金属离子，会使蛋白质变性，故C错误；
D．蔗糖是非还原性糖，故D错误；
故选：B。
【点评】本题主要考查了蛋白质、糖类和氨基酸的相关知识，注意完成此题，可以从题干中抽取有用的信息，结合已有的知识进行解题。
8．（2024秋 石景山区期末）下列说法错误的是（　　）
A．葡萄糖氧化生成CO2和H2O的反应是吸热反应
B．核酸是一种生物大分子
C．葡萄糖和果糖互为同分异构体
D．氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位
【答案】A
【分析】A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物；
C.葡萄糖和果糖的分子式相同，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位。
【解答】解：A.葡萄糖在人体内被氧化生成CO2和H2O，该过程释放能量，用于维持人体的生命活动，所以是放热反应，而不是吸热反应，故A错误；
B.核酸是由许多核苷酸聚合而成的生物大分子化合物，在生物体的遗传、变异和蛋白质的生物合成中具有极其重要的作用，故B正确；
C.葡萄糖和果糖的分子式均为C6H12O6，但结构不同，葡萄糖是多羟基醛，果糖是多羟基酮，二者互为同分异构体，故C正确；
D.蛋白质是由氨基酸通过脱水缩合形成的高分子化合物，氨基酸是组成蛋白质的基本结构单位，故D正确；
故选：A。
【点评】本题可根据常见有机物的性质、同分异构体的概念以及生物大分子的相关知识来逐一分析选项。
9．（2025 西城区校级模拟）下列说法不正确的是（　　）
A．糖类是多羟基醛、多羟基酮和它们的脱水缩合物
B．油脂不属于高分子，可用于制造肥皂和人造奶油
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，其不能与酸反应
D．核酸分子的碱基含有N—H键，碱基间易形成氢键
【答案】C
【分析】A．糖类包括单糖、二糖、多糖；
B．油脂是小分子，油脂可以发生皂化反应，部分油脂可能含有C＝C，与氢气加成后；
C．氨基酸属于两性化合物；
D．核酸分子的碱基含有N—H键，N—H键之间可以形成氢键。
【解答】解：A．糖类包括单糖、二糖、多糖，分别是多羟基醛、多羟基酮或它们的脱水缩合物，故A正确；
B．油脂是小分子，不属于高分子化合物，油脂可以发生皂化反应，制取肥皂，部分油脂可能含有C＝C，与氢气加成后，可以制取人造奶油，故B正确；
C．氨基酸为蛋白质水解的最终产物，属于两性化合物，可以与酸或碱反应，故C错误；
D．核酸分子的碱基含有N—H键，N—H键之间可以形成氢键，所以碱基间易形成氢键，故D正确；
故选：C。
【点评】本题主要考查有机物的结构与性质，属于基本知识的考查，难度中等。
10．（2025春 东城区校级期末）合成导电高分子材料PPV的反应：
资料：
苯乙烯的结构简式如图所示：
下列说法正确的是（　　）
A．PPV无还原性
B．PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元
C．和苯乙烯互为同系物
D．通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度
【答案】D
【分析】A．PPV中含有碳碳双键；
B．聚苯乙烯的重复结构单元为，不含碳碳双键，而该高聚物的结构单元中含有碳碳双键；
C．同系物所含官能团数目相同；
D．质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对质量。
【解答】解：A．PPV中含有碳碳双键，具有还原性，故A错误；
B．聚苯乙烯的重复结构单元为，不含碳碳双键，而该高聚物的结构单元中含有碳碳双键，两者重复结构单元不同，故B错误；
C．结构相似，在分子组成上相差一个或n个CH2的化合物互为同系物，两者结构不相似，不互为同系物，故C错误；
D．通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，除以结构单元的相对分子质量可得聚合度，故D正确；
故选：D。
【点评】本题主要考查聚合反应原理、有机物结构与性质，题目难度不大，注意明确聚合反应原理，选项B为易错点，找准链节是解题的关键。
11．（2024春 房山区期末）有一瓶标签模糊的无色溶液，可能是乙醇、乙醛、乙酸、苯酚溶液中的一种。下列试剂中，能检验该无色溶液是否为苯酚溶液的是（　　）
A．钠 B．银氨溶液
C．碳酸氢钠溶液 D．氯化铁溶液
【答案】D
【分析】A．钠与乙醇、苯酚、乙酸均能反应；
B．银氨溶液只能与四者中的乙醛反应生成银镜；
C．碳酸氢钠只能与四者中的乙酸反应；
D．氯化铁溶液只能与四者中的苯酚反应。
【解答】解：A．钠与乙醇、苯酚、乙酸均能反应生成氢气，故不能检验出该无色溶液是否是苯酚，故A错误；
B．银氨溶液只能与四者中的乙醛反应生成银镜，即只能检验出乙醛，不能检验出苯酚，故B错误；
C．碳酸氢钠只能与四者中的乙酸反应生成二氧化碳气体，即只能检验出乙酸，不能检验出苯酚，故C错误；
D．氯化铁溶液只能与四者中的苯酚反应使溶液呈紫色，即能检验出苯酚，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了有机物的结构和性质，难度不大，应注意有机物官能团性质的理解和掌握。
12．（2025 西城区校级模拟）功能高分子P的合成路线如图。
已知：（R1、R2表示烃基或氢）下列说法正确的是（　　）
A．H中含有碳碳双键
B．F的结构简式为CH3CH＝CHCHO
C．C→D为消去反应
D．仅用蒸馏水不能区分A和E
【答案】B
【分析】根据P的结构简式及A、E的分子式知，A为，A与浓硝酸、浓硫酸混合加热，发生苯环上甲基对位上C原子的取代反应产生对硝基甲苯B：；B与Cl2在光照条件下发生甲基上的取代反应产生C：，C与NaOH水溶液共热发生取代反应产生D为，则H为，E发生信息中的反应生成F，F发生银镜反应然后酸化得到G，G发生加聚反应生成H，则G为CH3CH＝CHCOOH，E的分子式为C2H4O，则E为CH3CHO，F为CH3CH＝CHCHO。
【解答】解：A．H为，H中不含碳碳双键，故A错误；
B．F的结构简式为CH3CH＝CHCHO，故B正确；
C．C为，C与NaOH水溶液共热发生取代反应产生D为，反应类型是取代反应，故C错误；
D．A为、E为CH3CHO，甲苯不溶于水、乙醛能溶于水，所以可以用蒸馏水区别A、E，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的推断，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意信息的灵活运用。
13．（2025春 北京校级期末）丹参始载于《神农本草经》，具有抗菌消炎、增强免疫力等功效。丹参素是丹参水溶性成分中的主要药效成分之一，其分子结构如图所示。下列说法不正确的是（　　）
A．分子中有2种官能团
B．该物质能使紫色石蕊溶液变红
C．该物质能与NaHCO3溶液反应
D．1mol该物质最多可与3mol Na反应
【答案】D
【分析】A．该分子中含羟基和羧基；
B．该物质含羧基；
C．该物质含羧基；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应。
【解答】解：A．该分子中含羟基和羧基，共2种官能团，故A正确；
B．该物质含羧基，能使紫色石蕊溶液变红，故B正确；
C．该物质含羧基，能与NaHCO3溶液反应，故C正确；
D．羟基和羧基均能与金属钠反应，故1mol该物质最多可与4mol Na反应，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
14．（2025春 北京校级期末）我国科研人员利用电离辐射作为赋能方式，同时利用水辐解产生的羟基自由基和水合电子，实现了（CH4与CO2的氧化还原偶联反应，在室温下合成了CH3COOH。下列关于CH4、CO2、CH3COOH的说法正确的是（　　）
A．三种物质均属于有机化合物
B．三种物质均属于共价化合物
C．三种物质均难溶于水
D．CH4→CH3COOH和CO2→CH3COOH的过程中CH4和CO2均表现出氧化性
【答案】B
【分析】A．CO2不属于有机化合物；
B．CH4、CO2、CH3COOH三种物质均只含有共价键的化合物；
C．CH3COOH易溶于水；
D．CH4→CH3COOH的化合价升高，CH4体现还原性。
【解答】解：A．CO2不属于有机化合物，故A错误；
B．三种物质均只含有共价键的化合物，属于共价化合物，故B正确；
C．CH3COOH易溶于水，故C错误；
D．CH4→CH3COOH的化合价升高，CH4体现还原性，CO2→CH3COOH的化合价降低，CO2表现出氧化性，故D错误；
故选：B。
【点评】本题考查有机物的结构与性质，侧重考查学生有机基础知识的掌握情况，试题难度中等。
15．（2025 海淀区校级模拟）化合物K与L反应可合成药物中间体M，转化关系如图。
下列说法不正确的是（　　）
A．K具有碱性
B．M中存在氢键
C．L和M中均含有酰胺基
D．反应中K与L的化学计量比是1：1
【答案】D
【分析】A．化合物K含氨基；
B．化合物M中含N—H键，且N、O的电负性强；
C．化合物L、M均含—CONH—结构；
D．从反应可以看出，L脱去CO2后与K发生缩聚反应得到M，合成M只需要1个K。
【解答】解：A．化合物K含氨基，具有碱性，故A正确；
B．化合物M中含N—H键，则M的分子间能形成氢键，故B正确；
C．化合物L、M均含—CONH—结构，均含酰胺基，故C正确；
D．L脱去CO2后与K发生缩聚反应得到M，合成M只需要1个K，则K与L的化学计量比是1：n，故D错误；
故选：D。
【点评】本题考查有机物的结构和性质，侧重考查分析、判断及知识综合运用能力，明确官能团及其性质的关系是解本题关键，题目难度不大。
二．解答题（共2小题）
16．（2025春 海淀区校级期末）（1）写出化合物的系统命名
　2，2，3﹣三甲基﹣5﹣乙基庚烷　 。
（2）按要求填空
①C3H5Cl含有碳碳双键的同分异构体有 　4　 种（含顺反异构）；
②写出分子式为C10H12O3满足卜列条件的同分异构体的结构简式 　　 ；
ⅰ、与FeCl3溶液显色；
ⅱ、苯环上有两个取代基；
ⅲ、1mol该物质最多消耗3mol NaOH；
ⅳ、分子中有5种不同化学环境的氢原子。
（3）“人造棉”维纶的合成路线如下，请回答问题。
①反应①、③的反应类型分别为 　加成反应　 、　取代反应　 ；
②反应②的方程式为 　nCH3COOCH＝CH2　 ；
③反应④的化学方程式为 　+HCHOH2O　 。
【答案】（1）2，2，3﹣三甲基﹣5﹣乙基庚烷；
（2）①4；
②；
（3）①加成反应；取代反应；
②nCH3COOCH＝CH2；
③+HCHOH2O。
【分析】（1）属于烷烃，主链上含有7个碳原子，甲基分别位于2、2、3号碳原子上，乙基位于5号碳原子上；
（2）①C3H5Cl含有碳碳双键的同分异构体相当于丙烯中的一个氢原子被氯原子取代，丙烯中含有几种氢原子，其一氯代物就有几种；
②分子式为C10H12O3结构中不饱和度为5，该分子的同分异构体符合下列条件：
ⅰ、与FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基；
ⅱ、苯环上有两个取代基；
ⅲ、1mol该物质最多消耗3mol NaOH，苯环的不饱和度是4，结合氧原子个数及不饱和度知，应该含有某酸苯酯基；
ⅳ、分子中有5种不同化学环境的氢原子，结构对称；
（3）乙酸和乙炔发生加成反应生成CH3COOCH＝CH2，CH3COOCH＝CH2发生加聚反应生成A为，A发生水解反应生成B为，B和CH2O发生反应生成“人造棉”维纶，CH2O为HCHO。
【解答】解：（1）属于烷烃，主链上含有7个碳原子，甲基分别位于2、2、3号碳原子上，乙基位于5号碳原子上，名称为2，2，3﹣三甲基﹣5﹣乙基庚烷，
故答案为：2，2，3﹣三甲基﹣5﹣乙基庚烷；
（2）①C3H5Cl含有碳碳双键的同分异构体相当于丙烯中的一个氢原子被氯原子取代，丙烯中含有3种氢原子，其一氯代物有3种，但1﹣氯丙烯有顺反异构，所以符合条件的结构有4种，
故答案为：4；
②分子式为C10H12O3结构中不饱和度为5，该分子的同分异构体符合下列条件：
ⅰ、与FeCl3溶液显色，说明含有酚羟基；
ⅱ、苯环上有两个取代基；
ⅲ、1mol该物质最多消耗3mol NaOH，苯环的不饱和度是4，结合氧原子个数及不饱和度知，应该含有某酸苯酯基；
ⅳ、分子中有5种不同化学环境的氢原子，结构对称，符合条件的结构简式为，
故答案为：；
（3）①反应①、③的反应类型分别为加成反应、取代反应，
故答案为：加成反应；取代反应；
②反应②的方程式为nCH3COOCH＝CH2，
故答案为：nCH3COOCH＝CH2；
③反应④的化学方程式为+HCHOH2O，
故答案为：+HCHOH2O。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查基础知识的灵活运用能力，明确官能团及其性质的关系、物质之间的转化关系是解本题关键，题目难度不大。
17．（2025春 海淀区校级期末）观察下列合成路线，回答有关问题
（1）写出反应①的化学方程式：　Br（CH2）6Br+2NaOHHO（CH2）6OH+2NaBr　 ；
（2）已知反应②使用了Ag作为催化剂，反应③进行过程中伴随着砖红色沉淀的生成，写出反应②与③的化学方程式 　HO（CH2）6OH+O2OHC（CH2）4CHO+2H2O　 、　OHC（CH2）4CHO+4Cu（OH）2+2NaOHNaOOC（CH2）4COONa+2Cu2O↓+6H2O　 ；
（3）向A中加入过量浓氨水生成F，写出反应④的化学方程式：　Br（CH2）6Br+4NH3 H2O→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br+4H2O或Br（CH2）6Br+4NH3→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br　 ；
（4）产物P是一种合成纤维，其商品名为尼龙﹣66，写出反应⑤的化学方程式：　　 。
【答案】（1）Br（CH2）6Br+2NaOHHO（CH2）6OH+2NaBr；
（2）HO（CH2）6OH+O2OHC（CH2）4CHO+2H2O；OHC（CH2）4CHO+4Cu（OH）2+2NaOHNaOOC（CH2）4COONa+2Cu2O↓+6H2O；
（3）Br（CH2）6Br+4NH3 H2O→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br+4H2O或Br（CH2）6Br+4NH3→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br；
（4）。
【分析】A发生水解反应生成B，反应②使用了Ag作为催化剂，反应③进行过程中伴随着砖红色沉淀的生成，说明D中含有醛基，则D为OHCCH2CH2CH2CH2CHO，D发生氧化反应然后酸化得到E为HOOCCH2CH2CH2CH2COOH，A发生取代反应生成F，产物P是一种合成纤维，其商品名为尼龙﹣66，E、F发生缩聚反应生成P为。
【解答】解：（1）反应①的化学方程式：Br（CH2）6Br+2NaOHHO（CH2）6OH+2NaBr，
故答案为：Br（CH2）6Br+2NaOHHO（CH2）6OH+2NaBr；
（2）反应②的方程式为HO（CH2）6OH+O2OHC（CH2）4CHO+2H2O，反应③的方程式为OHC（CH2）4CHO+4Cu（OH）2+2NaOHNaOOC（CH2）4COONa+2Cu2O↓+6H2O，
故答案为：HO（CH2）6OH+O2OHC（CH2）4CHO+2H2O；OHC（CH2）4CHO+4Cu（OH）2+2NaOHNaOOC（CH2）4COONa+2Cu2O↓+6H2O；
（3）反应④的方程式为Br（CH2）6Br+4NH3 H2O→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br+4H2O或Br（CH2）6Br+4NH3→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br，
故答案为：Br（CH2）6Br+4NH3 H2O→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br+4H2O或Br（CH2）6Br+4NH3→H2N（CH2）4NH2+2NH4Br；
（4）反应⑤的化学方程式为：，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，结合习题正确推断各物质的结构简式是解本题关键，知道物质之间的转化关系。
三．推断题（共2小题）
18．（2025 东城区期末）维生素B6（VB6）的一种合成路线如图：
已知：ⅰ.R—CHO+2R'OHO
ⅱ.
（1）VB6易溶于水，原因是 　VB6可与水分子形成多个氢键且VB6为极性分子、水为极性分子，二者相似相溶　 。
（2）试剂X的相对分子质量为30，能发生银镜反应。B能与钠反应。
写出A→B的化学方程式：　HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡CCH2OH　 。
（3）D为氨基酸。D的结构简式为 　H2NCH（CH3）COOH　 。
（4）E+C6H10O4→F+C2H5OH。
①C6H10O4中只含一种官能团，写出C6H10O4的结构简式：　CH3CH2OOCCOOCH2CH3　 。
②以乙二醇和乙醇为原料，选用必要的无机试剂合成C6H10O4，写出合成路线：　　 。
（5）下列说法正确的是 　ac　 （填序号）。
a.C中含有碳碳双键
b.Y的系统名称为1﹣丁醇
c.K中含有5个手性碳原子
（6）F→G经历如下三步：
N的结构简式为 　　 。
【答案】（1）VB6可与水分子形成多个氢键且VB6为极性分子、水为极性分子，二者相似相溶；
（2）HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡CCH2OH；
（3）H2NCH（CH3）COOH；
（4）①CH3CH2OOCCOOCH2CH3；
②；
（5）ac；
（6）。
【分析】根据A的分子式知，A为HC≡CH，试剂X的相对分子质量为30，能发生银镜反应，说明含有醛基，为HCHO；结合B的分子式知，A和X以1：2反应生成B，B能与钠反应，B中含有醇羟基，则B为HOCH2C≡CCH2OH，B和氢气发生加成反应生成C，根据C的分子式知，C为HOCH2CH＝CHCH2OH，C和Y发生取代反应生成，Y为CH3CH2CH2CHO；D为氨基酸，结合F的结构简式知，D为H2NCH（CH3）COOH，D和乙醇发生酯化反应生成E为H2NCH（CH3）COOCH2CH3，E+C6H10O4→F+C2H5OH，则C6H10O4的结构简式为CH3CH2OOCCOOCH2CH3，发生信息ii的反应生成K为；
（4）②以乙二醇和乙醇为原料，选用必要的无机试剂合成C6H10O4（CH3CH2OOCCOOCH2CH3），乙二醇发生氧化反应生成乙二酸，乙二酸和乙醇发生酯化反应生成CH3CH2OOCCOOCH2CH3。
【解答】解：（1）VB6易溶于水，原因是VB6可与水分子形成多个氢键且VB6为极性分子、水为极性分子，二者相似相溶，
故答案为：VB6可与水分子形成多个氢键且VB6为极性分子、水为极性分子，二者相似相溶；
（2）A为HC≡CH，试剂X为HCHO，A和X以1：2反应生成B为HOCH2C≡CCH2OH，则A→B的化学方程式：HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡CCH2OH，
故答案为：HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡CCH2OH；
（3）D的结构简式为H2NCH（CH3）COOH，
故答案为：H2NCH（CH3）COOH；
（4）E+C6H10O4→F+C2H5OH。
①C6H10O4的结构简式：CH3CH2OOCCOOCH2CH3，
故答案为：CH3CH2OOCCOOCH2CH3；
②以乙二醇和乙醇为原料，选用必要的无机试剂合成C6H10O4（CH3CH2OOCCOOCH2CH3），乙二醇发生氧化反应生成乙二酸，乙二酸和乙醇发生酯化反应生成CH3CH2OOCCOOCH2CH3，合成路线：，
故答案为：；
（5）a.C为HOCH2CH＝CHCH2OH，C中含有碳碳双键，故a正确；
b.Y为CH3CH2CH2CHO，Y的系统名称为1﹣丁醛，故b错误；
c.K为，K中含有5个手性碳原子，故c正确；
故答案为：ac；
（6）M中醇羟基和酯基中碳氧双键发生加成反应得到N为，
故答案为：。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查对比、分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，采用知识迁移、逆向思维的方法进行合成路线设计，题目难度中等。
19．（2025 西城区期末）托法替尼是一种治疗关节炎的药物，其重要中间体W的一种合成路线如下。
已知：ⅰ.
ⅱ.
（1）E中的含氧官能团的名称是 　酯基　 。
（2）B→D反应的化学方程式是 　CH3COOCH3+Cl2ClCH2COOCH3+HCl　 。
（3）下列说法正确的是 　ac　 ；
a.F→G，E+I→M均为取代反应
b.G→I，CH2BrCHO和CH3CH2OH的物质的量之比为2：1
c.E+I→M，若用KOH溶液替换K2CO3，可能降低M的产率
（4）E中α—H的活泼性较强，原因是 　N、O的电负性均较大，—CN、—COOR 均为吸电子基团（极性强），二者均使α位的C—H键极性增强　
（5）M→W的转化经历如下过程。
Z→W仅发生官能团的变化，Z和W的分子式均为C6H5O2N3，分子中均含有一个六元环、一个五元环。W的分子中含有1个N—H键，2个O—H键和2个C—H键。
①Y→Z，生成Z的同时还生成的有机化合物是 　CH3CH2OH　 。
②Y的结构简式是 　　 ，W的结构简式是 　　 。
【答案】（1）酯基；
（2）CH3COOCH3+Cl2ClCH2COOCH3+HCl；
（3）ac；
（4）N、O的电负性均较大，—CN、—COOR 均为吸电子基团（极性强），二者均使α位的C—H键极性增强；
（5）①CH3CH2OH；
②；。
【分析】A和甲醇发生酯化反应生成B为CH3COOCH3，根据E的结构简式知，B和氯气发生取代反应生成D为ClCH2COOCH3，D发生取代反应生成E，F发生取代反应生成G；E和I发生取代反应生成M，根据E、M的结构简式及I的分子式知，I为BrCH2CH（OCH2CH3）2，M通过一系列转化得到W；
（5）M发生信息ii的反应生成X为，X发生取代反应生成Y，X中—COOCH3发生取代反应生成Y和CH3OH，Y酸性条件下水解生成Z，Z→W仅发生官能团的变化，Z和W的分子式均为C6H5O2N3，分子中均含有一个六元环、一个五元环，W的分子中含有1个N—H键，2个O—H键和2个C—H键，则Y为，Z为，W为。
【解答】解：（1）E中的含氧官能团的名称是酯基，
故答案为：酯基；
（2）B发生取代反应生成D，B→D反应的化学方程式是CH3COOCH3+Cl2ClCH2COOCH3+HCl，
故答案为：CH3COOCH3+Cl2ClCH2COOCH3+HCl；
（3）a.F→G、E+I→M均为取代反应，故a正确；
b.G→I，CH2BrCHO和CH3CH2OH的物质的量之比为1：2，故b错误；
c.E+I→M，若用KOH溶液替换K2CO3，KOH促进酯基水解，所以可能降低M的产率，故c正确；
故答案为：ac；
（4）E中α—H的活泼性较强，原因是N、O的电负性均较大，—CN、—COOR 均为吸电子基团（极性强），二者均使α位的C—H键极性增强，
故答案为：N、O的电负性均较大，—CN、—COOR 均为吸电子基团（极性强），二者均使α位的C—H键极性增强；
（5）M发生信息ii的反应生成X为，X发生取代反应生成Y，X中—COOCH3发生取代反应生成Y和CH3OH，Y酸性条件下水解生成Z，Z→W仅发生官能团的变化，Z和W的分子式均为C6H5O2N3，分子中均含有一个六元环、一个五元环，W的分子中含有1个N—H键，2个O—H键和2个C—H键，则Y为，Z为，W为；
①Y为，Z为，Y→Z，生成Z的同时还生成的有机化合物是CH3CH2OH，
故答案为：CH3CH2OH；
②Y的结构简式是，W的结构简式是，
故答案为：；。
【点评】本题考查有机物的合成，侧重考查分析、判断及知识的综合运用能力，正确推断各物质的结构简式是解本题关键，注意结合题给信息进行推断，题目难度中等。
21世纪教育网 www.21cnjy.com 精品试卷·第 2 页 （共 2 页）
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