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2025年广东省广州市天河中学中考物理二模试卷
一、单选题：本大题共10小题，共20分。
1.如图所示为一款爆闪警示灯，太阳能电池板给蓄电池充电，蓄电池再给LED红蓝灯供电。下列说法正确的是( )
A. 当太阳能电池板给蓄电池充电时，蓄电池相当于电源
B. 太阳能来自于太阳内部发生的核聚变
C. 电能是一级能源
D. 太阳能电池板的主要材料硅属于导体
2.敲击甲、乙、丙三个音叉，将发出的声音输入到已经调试好的同一示波器上，甲、乙、丙三个声音的波形如图所示，若甲声波的响度为80dB，频率为400Hz，下列说法正确的是( )
A. 乙声波的频率是800Hz
B. 丙声波的响度160dB
C. 敲击乙音叉的力度比甲大，乙音叉音调较高
D. 丙音叉每分钟振动次数比甲多
3.如图所示是一种静电喷涂枪，通电后，它可以使涂料微粒带上负电荷；当涂料喷出后，更易形成分散的雾状微粒，并均匀分布到被喷涂的工件上。下列说法正确的是( )
A. 喷涂枪口与被喷涂工件之间形成向左的电流
B. 涂料微粒带上负电的原因是因为得到了正电荷
C. 涂料喷出后更易形成分散的雾状是因为同种电荷相互排斥
D. 若被喷涂工件带上负电荷，能使喷涂效果更好
4.固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，下列说法正确的是( )
A. 甲为固态，由甲到乙是凝华过程
B. 乙为液态，由乙到丙是汽化过程
C. 丙为气态，由丙到甲是液化过程
D. 丙为液态，由乙到丙是熔化过程
5.如图所示家庭电路中的某一部分，电工师傅按下面的顺序进行检测：闭合，灯亮；断开，闭合，灯不亮；再用测电笔测a、b、c、d四个接线点，发现只有在c点氛管不发光。若电路中只有一处故障，则是( )
A. c、d两点间断路 B. 灯所在支路断路 C. 灯短路 D. c点左侧的零线断路
6.安徽中小学生进行体能测试中有一个项目为坐位体前屈，进行身体柔韧性测试。测试者向前推动固定在滑动变阻器滑片上的滑块，滑块被推动的距离越大，仪器的示数就越大。图甲是体育课上坐位体前屈测量仪，图乙是小明设计的模拟电路。下列说法正确的是( )
A. 闭合开关不推动时，电路中的电流为零
B. 向前推的距离越大，电压表示数越大
C. 向前推的距离越大，电路的总功率越大
D. 此电路设计中，用电压表示数反映测量成绩
7.如图，是一颗在太空中以速度v绕地球匀速运行的卫星，A、B是卫星上的两个喷气发动机。为了操控卫星的运行，地面控制中心需要向其发送指令，指令编码如表。如果控制中心向卫星发送编码为“11011、10001”的指令。下列分析正确的是( )
指令 编码
发动机A 00100
发动机B 11011
点火 10001
熄火 01110
A. 控制中心是通过超声波向卫星发送指令的
B. 卫星收到并执行该指令前运动状态不变
C. 卫星收到并执行该指令时卫星受到沿速度v方向的作用力
D. 卫星收到并执行该指令后沿速度v的方向做减速运动
8.用如图甲所示的电水壶内胆为圆柱形给壶中的水加热，水的质量和体积分别用m、V表示，水对壶底的压力和压强分别用F和p表示。水的密度随温度变化的图像如图乙所示。把壶中的水从加热到的过程中，关于各物理量与温度关系的描述，下列图像正确的是( )
A. B. C. D.
9.如图，在盛水的容器中，用力将一木块浸没在水底，撤去力后，木块在水中上浮且能跳出水面、在此过程中，木块的动能和势能都发生变化，不计水的阻力，则下列说法正确的是( )
A. 力刚撤去时，木块的势能转化为动能，跳出水面后木块的动能转化为势能
B. 力刚撤去时，木块的势能和动能都增加
C. 木块上升过程中，还是浸没在水里时，浮力不变，水对木块底部压力也不变
D. 木块离开水面后，合力不为零，机械能不变
10.如图，定值电阻和灯泡L接在电路中，灯泡L的额定电压为，闭合、断开时，电压表和电流表的示数如图所示，、都闭合时，电流表的示数为，流过L的电流为，则下列说法正确是( )
A. 定值电阻的阻值是
B. 闭合后，L的阻值为
C. 闭合前后，电压表示数不变电流表示数变大
D. 、都闭合时，L的电功率为
二、实验探究题：本大题共2小题，共12分。
11.如图甲所示，溢水杯装有的水，此时水刚好不流出。已知水温从升到时，水的密度和水温t关系如图乙所示。不考虑水的物态变化和溢水杯的热胀冷缩。取
杯中水温上升到的过程中，杯底受到水的压强如何变化？答：______。
当水温为时，在水中放入体积为的物体，物体在水中悬浮。不考虑物体热胀冷缩
①物体所受浮力______ N。
②若水温降至，物体静止时会______选填“沉底”“悬浮”或“漂浮”，物体所受浮力______选填“<”“=”或“>”。
12.如图1，用电阻分别为、的加热器给质量相同的甲、乙液体加热，假设该过程中加热器产生的热量全部被液体吸收，电源电压相同。这两种液体的温度-加热时间的图线如图2所示：
同一时刻，______选填“甲”或“乙”液体的分子运动更剧烈；
小明分析得出：加热相同时间，产生的热量比少。你认为小明的说法是否正确？______，你的判断依据是什么？______；
测得流过、的电流分别为2A、1A，若甲、乙液体内加热器的加热功率分别为、，可以判断______选填“>”“=”“<”。
三、计算题：本大题共2小题，共16分。
13.将一块粗糙的木板固定在竖直方向上，用大小为10N的压力，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以的速度匀速下滑，如图1所示。若将木板水平放置，用同样大小的压力作用在同一木块上，在拉力的作用下木块以的速度向右匀速运动，如图2所示。已知。
在图1中，木块受到的摩擦力是______ N，方向是______。
在图2中，木块受到的摩擦力______选填“>”、“=”或“<”。若同时撤去和，木块______选填“会”或“不会”立即静止，此时木块所受的摩擦力与相比将______选填“变大”、“变小”或“不变”，画出此时木块用“”表示的受力示意图。
14.如图所示是我国自主研制的新型伞兵突击车，满载时的质量为，车轮与水平地面总接触面积为。某次测试中，该车满载在平直公路上匀速直线行驶10km用时500s，发动机的输出功率恒为。问：
该车使用的汽油燃料属于______选填“可再生”或“不可再生”能源；该车的轮胎做得宽大，是通过增大______的方法，减小对路面的压强。
该车满载静止在水平地面时，对地面的压强是多少？取
若发动机的效率为，完成此次测试至少需要消耗多少kg汽油？
四、综合题：本大题共4小题，共40分。
15.如图1甲所示，将透明薄壁方形水槽水平放置，固定在水槽底部的激光笔沿图示方向发出一束红光。未注水时，在侧壁上A点处得到一个光点。
①注入一定量的水后，光点移至B点处，同时发现在水面下方的侧壁上C点处出现光点。请在图1乙中，通过作图确定B点的大概位置和C点的位置。
②适当减少水槽中水的质量时，B处的光点______选填“上移”或“下移”；同时B光点与它在水中像的距离______选填“变大”、“不变”或“变小”。
如图2所示，AB是发光体，凸透镜用“”表示焦距为15cm，光心为O。
①画出A发出a、b两条入射光线经凸透镜后的折射光线。
②画出AB的像。
③若将凸透镜向左平移15cm，AB所成的像与AB相比，是放大的，还是缩小的？______；
是正立的，还是倒立的？______。
④若将凸透镜换成凹透镜，则光线b经过凹透镜后，将______选填“靠近主光轴”、“远离主光轴”或“不改变光的传播方向”。
16.甲图横杆可视为乙图静止的杠杆，不计摩擦和杆的质量，为动力，灯重为G。
①画出的力臂；
②画出阻力。
写出阻力臂的表达式______用、、G表示，此时杠杆为______选填“等臂”“省力”“费力”杠杆。
若灯的悬挂点远离支点O，杠杆仍在原位置静止，则动力______选填“变大”“变小”“不变”。
17.如图甲为新型电饭锅，它能智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感。小明了解到电饭锅的简化电路如图乙所示，和均为电热丝，和为温控开关，其中有A、B两个触点，可实现“高温”“中温”和“低温”三挡的转换。当闭合，连接触点A时，处于高温挡，高温功率1100W。已知，问：
处于高温挡时，电饭锅正常工作时电路中的总电流？处于高温挡时，电饭锅经过产生的热量？
电阻的阻值？
当断开，连接触点B时，处于低温挡，求此时电路的总功率？
处于中温挡时，开关是如何连接：______。
18.我国载人潜水器“奋斗者”号突破万米深潜。潜水器内氧气浓度过低会影响内部人员的生命安全。氧气可通过电解水的方式来制备。
某科创小组设计了氧气浓度报警装置，其简化电路未连接完整如图甲所示。气敏箱可等效为一个电阻，其阻值R与氧气浓度c的关系如图乙所示。闭合开关，当氧气浓度时，绿灯正常发光；当时，红灯正常发光。已知电源电压及两灯的额定电压均为，电磁铁线圈的电阻忽略不计。
电解水制备氧气的过程中，电能主要转化为______能。
图甲中的A灯为______选填“红”或“绿”灯。
闭合开关S，当时，通过电磁铁线圈的电流为______A。
请根据文中信息，用笔画线代替导线，将图甲所示电路连接完整，要求导线不能相交为接线柱。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：当太阳能电池板给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器，故A错误；
B.太阳能来自于太阳内部发生的核聚变，故B正确；
C.电能是二次能源，故C错误；
D.太阳能电池板的主要材料硅属于半导体，故D错误；
故选：B。
电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作。
太阳能来自于太阳内部发生的核聚变。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
导电性能介于导体和绝缘体之间的材料称作半导体。
本题考查电路的组成及核聚变，电能是二次能源及半导体，属于基础题。
2.【答案】D
【解析】解：甲声波的响度为80dB，频率为400Hz；根据图示可知，乙与甲的振动频率相同，为400Hz；丙的振幅与甲的振幅相同，都为80dB，故AB错误；
乙的振幅大于甲的振幅，所以敲击乙音叉的力度比甲大；由图知，丙音叉每分钟振动次数比甲多，音调就高；
综上所述，D正确。
故选：D。
频率是指物体每秒振动的次数，人耳的听觉频率范围是；
响度指声音的大小，用分贝来进行量化。
本题考查了对声音波形图的认识，属声学基础题。
3.【答案】C
【解析】解：正电荷移动的方向为电流的方向，电流方向与电子移动方向相反，故A错误；
B.涂料微粒带上负电的原因电子的转移，是涂料微粒得到了电子，故B错误；
C.涂料喷出后更易形成分散的雾状是因为同种电荷相互排斥，故C正确；
D.若被喷涂工件带上负电荷，涂料微粒带负电荷，相互排斥，喷涂效果不好，故D错误；
故选：C。
A.规定正电荷移动的方向为电流的方向，电流方向与电子移动方向相反；
B.涂料微粒带上负电的原因电子的转移；
C.同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
D.若被喷涂工件带上负电荷，涂料微粒带负电荷，相互排斥。
本题考查了电荷间的相互作用规律，以及电流方向的规定，属于基础性题目。
4.【答案】C
【解析】由图象可知，丙放热变为甲，甲放热为乙，故甲是液态、乙是固态、丙是气态，所以甲到乙是凝固，乙到丙是升华，丙到甲是液化。故ABD错误，C正确。
故选：C。
物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
解决此类题目要知道物态变化前后物质存在状态，并且知道物态变化过程是吸热还是放热。
5.【答案】A
【解析】解：
闭合，灯亮，说明电路中有电流，电路为通路，则从保险丝以及c点左侧的零线都没有断路；
断开，闭合，灯不亮，灯不亮的原因有两个：一个是断路、一个是短路，
若灯短路时，电路的电流会很大，将保险丝烧断，则试电笔接触a、b两个接线点时，氖管都不会发光，不符合题意；
若灯所在支路开路，则试电笔接触d点时氖管不发光，不符合题意；
若c、d两点间开路，灯泡与零线不能构成闭合电路，没有电流通过，灯泡不会发光，但d点会通过灯泡与火线间接相连，则试电笔接触d点时氖管会发光，符合题意；
综上所述，A正确，BCD错误。
故选：A。
测电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果是火线，氖管会发光；
灯不亮的原因可能是断路或者短路，结合测电笔检测时氖管的发光情况判断具体的故障位置。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
6.【答案】C
【解析】由电路图可知，滑动变阻器与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路的电流。
A、闭合开关不推动时，变阻器的最大电阻与串联，电路的电阻较大，电路中的电流较小，但不会为零，故A错误；
BC、向前推的距离越大，变阻器连入电路的电阻越小，根据串联电阻的规律，电路的电阻越小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数越大；
根据可知，两端的电压越大，由串联电路电压的规律可知，滑动变阻器两端的电压越小，电压表示数越小；
因电源电压不变，电路的电流变大，根据可知，向前推的距离越大，电路的总功率越大，故B错误、C正确；
D、向前推的距离越大，电压表示数越小，电流表示数越大，故用电流表示数反映测量成绩，故D错误。
故选：C。
由电路图可知，滑动变阻器与串联，电压表测两端的电压，电流表测电路的电流；
根据推动的距离判定滑动变阻器接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律判定电路中电流的变化；根据分析总功率的变化；根据串联电路的电压规律分析电压表示数的变化，然后分析各个选项。
本题考查了电路的动态分析，明确电路的结构是解题的关键。
7.【答案】D
【解析】解：控制中心是通过电磁波向卫星发送指令的，故A错误；
B.卫星收到并执行该指令前运动方向发生改变，运动状态发生改变，故B错误；
由表格可知：“11011，10001”的指令是发动机B点火。由图知，卫星向右运动。发动机B点火后向右侧喷出气流。由于力的作用是相互的，喷出的气流对卫星产生向左的反作用力，所以卫星做减速运动，故C错误，D正确。
故选：D。
电磁波可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；
运动状态改变是指速度大小的改变、运动方向的改变或者二者同时改变；
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的。
此题考查了电磁波的应用、力作用的相互性、运动状态的变化等，属于基础知识。
8.【答案】C
【解析】解：A、电水壶给壶中的水加热，水的质量保持不变，图像应为一条水平直线，故A错误；
B、壶中水的质量不变，由图乙可知水的密度随温度变化图像是一条曲线，根据，水的体积随温度变化的图像也应是一条曲线，故B错误；
C、电水壶内胆为圆柱形，水对壶底的压力大小等于其重力大小，水的质量不变，重力不变，对壶底的压力大小也不变，图像为一条水平直线，故C正确；
D、电水壶内胆为圆柱形，根据，水对壶底的压力大小不变，水壶底面积不变，对底部的压强大小也不变，图像应为一条水平直线，故D错误。
故选：C。
壶中水的质量不变，据此分析；
壶中水的质量不变，由图乙可知水的密度随温度变化图像是一条曲线，根据分析；
水对壶底的压力大小等于其重力大小，水的质量不变，重力不变，据此分析水对壶底的压力大小；
压力不变、面积不变，根据分析。
本题考查了质量的属性、密度公式、重力公式和压强公式的应用，难度不大。
9.【答案】B
【解析】解：AB、用力将一木块浸没在水底，力刚撤去后，木块在水中快速上浮，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，不是两者的相互转化，故B正确，A错误；
C、木块上升过程中，还是浸没在水里时，由阿基米德原理可知，浮力不变，由可知，水对木块底部的压强变小，由可知，水对木块底部压力变小，故C错误；
D、木块离开水面后，只受重力和空气阻力作用，合力不为零，机械能变小，故D错误。
故选：B。
物体由于运动而具有的能叫做动能，影响动能大小的因素是质量和速度；
物体由于被举高而具有的能叫做重力势能，影响重力势能大小的因素是质量和高度；
根据阿基米德原理、液体压强的计算公式，压强公式分析；
不计空气阻力，木块离开水面后，机械能守恒。
本题考查了浮力、压强、动能和势能的变化，抓住影响动能和势能大小的因素是解决此类题目的关键。
10.【答案】D
【解析】解：AC、闭合、断开时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，
图中电压表选用的量程，分度值为，示数为，因此电源电压为
、都闭合时，R与灯泡并联，电流表测干路电流，由于此时电流表的示数为，因此电流表选用的量程，闭合、断开时，电流表的示数为，
由欧姆定律可知，R的阻值：，故A错误；
由并联电路的电流特点可知，、都闭合，R与灯泡并联时，通过R的电流：，
由欧姆定律可知，R两端的电压：，
由并联电路的电压特点可知，此时电压表的示数：，
因此闭合前后，电压表的示数减小，电流表的示数增大，故C错误；
B、由欧姆定律可知，L的阻值：，故B错误；
D、则、都闭合时，L的电功率：，故D正确。
故选：D。
闭合、断开时，电路为R的简单电路，电压表测电源电压，电流表测电路中的电流，根据图中电压表的量程确定分度值读数，、都闭合时，R与灯泡并联，电流表测干路电流，根据此时电流表的示数确定电流表的量程，根据并联电路的电流特点求出通过R的电流，根据欧姆定律求出此时R两端的电压，进而确定闭合前后两表的示数变化；
根据欧姆定律求出、都闭合时，L的阻值；
根据求出、都闭合时，灯泡的电功率。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律和电功率公式的应用，注意本题中没有提供电源电压不变的条件，解题时不能按电源电压不变解题。
11.【答案】变小； ①； ②漂浮；=
【解析】解：溢水杯中装满水，当水温上升到的过程中，根据图像知，密度减小，体积变大，故溢出，使得使得深度不变，根据知，杯底受到水的压强变小；
阿基米德原理；根据悬浮知，；
若水温降至，由于水的密度变大，相同体积时，受到的浮力增大，故物体上浮而最终漂浮，浮力等于重力，与相等。
故答案为：变小；①； ②漂浮；=。
根据密度变化结合分析压强变化；
根据阿基米德原理计算浮力；
根据浮力变化结合浮沉条件分析，根据浮沉条件比较浮力。
本题考查阿基米德原理与浮沉条件的应用，属于中档题。
12.【答案】甲；
正确；加热器产生的热量全部被液体吸收，所以：根据可知，甲、乙液体质量相同，，由图知，加热相等的时间，，所以；因此，，即加热相同时间，产生的热量比少；
>
【解析】解：同一时刻，甲的温度高，甲液体的分子运动更剧烈；
加热器产生的热量全部被液体吸收，所以：根据可知，甲、乙液体质量相同，，由图知，加热相等的时间，，所以；因此，，即加热相同时间，产生的热量比少；
根据题意可知，电源电压相等，而流过、的电流分别为，根据可知，甲、乙液体内加热器电功率关系为。
故答案为：甲；
正确；加热器产生的热量全部被液体吸收，所以：根据可知，甲、乙液体质量相同，，由图知，加热相等的时间，，所以；因此，，即加热相同时间，产生的热量比少；
。
物体的内能与温度有关，温度越高，分子运动越剧烈，内能越大；
根据吸热公式进行分析和推理；
根据判断甲、乙液体内加热器电功率的关系。
本题考查内能与温度的关系、比热容和热量公式的应用；、电功率公式以及焦耳定的应用，难度不大。
13.【答案】6；竖直向上；
>；不会；变小；
【解析】解：用大小为10N的压力，把一块重为6N各表面粗糙程度相同的木块压在木板上，木块以的速度匀速下滑，此时木块在竖直方向上受重力、和竖直向上的滑动摩擦力，二力平衡，木块受到的摩擦力，方向竖直向上；
在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力；
若同时撤去和，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力与相比将变小；
画出此时木块受的力有：重力G、支持力F和滑动摩擦力，示意图如下：
故答案为：；竖直向上；；不会；变小；图见解析。
根据二力平衡分析解答；
在图2中，木块与模板之间接触面的粗糙程度相同，压力变大，所以受到的摩擦力；
若同时撤去和，由于惯性木块不会立即静止；
此时木块与木板间的压力变小，滑动摩擦力也会变化；
此时木块受的力有重力、支持力和滑动摩擦力。
本题只要考查滑动摩擦力大小的影响因素，难度适中。
14.【答案】不可再生 受力面积
【解析】解：汽油从石油中提炼而来，是化石燃料，因此属于不可再生能源；该车的轮胎做得宽大，是在压力一定时，通过增大受力面积的方法，减小对路面的压强；
该车满载静止在水平地面时，对地面的压力：，
对地面的压强：；
发动机做的功，
汽油完全燃烧放出的热量：，
消耗汽油的质量：。
故答案为：不可再生；受力面积；该车满载静止在水平地面时，对地面的压强是；完成此次测试至少需要消耗1kg的汽油。
一旦消耗，短时间内无法从自然界获得补充的能源，叫不可再生能源；压强的大小与压力大小和受力面积有关，据此分析；
根据满载时的质量可计算车的重力，得到对水平地面的压力；利用可计算对地面的压强；
根据计算发动机做的功；根据计算汽油完全燃烧放出的热量，根据计算消耗的汽油的质量。
本题主要考查了对能源的分类、减小压强的方法的应用，对压强大小的计算，对功、功率、热量公式等的综合应用等，有一定综合性。
15.【答案】①见解答图；②下移；变大； ①见解答图；②见解答图；③放大；倒立；④不改变光的传播方向
【解析】①水槽中注入一定量的水后，光线从水中斜射入空气中时会发生折射，此时的折射角大于入射角，折射光线远离法线，侧壁上的光点B在A点的下方；
光从水中射到空气和水的界面上时会发生反射现象，反射角等于入射角，据此做出反射光线和C点的位置；如下图所示：
；
②适当减少水槽中的水量，入射光线与水面之间的夹角不变，入射角不变，折射角不变，此时折射点向左偏移，折射光线向左偏移，所以B点会向下移动；水面相当于平面镜，平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相同；B点向下移动，水面下降，由于折射角不变，但折射光线更长，因此B与水面之间的距离变大，像与水面之间的距离变大，所以B光点与它在水中像的距离变大；
①凸透镜焦距，光心为O，则图中凸透镜左边焦点为F，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后折射光线通过焦点；过光心的光线其传播方向不变；如下图所示：
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点，从画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ，如下图所示：
；
③若将凸透镜向左平移15cm，此时物距，大于一倍焦距小于二倍焦距，成倒立、放大的实像；
④若将凸透镜换成凹透镜，由于光线b经过凹透镜的光心，因此将不改变光的传播方向。
故答案为：①见解答图；②下移；变大；①见解答图；②见解答图；③放大；倒立；④不改变光的传播方向。
①光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这是光的折射现象；光照射到物体的表面会发生反射现象；
②适当减少水槽中的水量，根据折射点位置的变化分析折射光线的位置的变化；根据反射光线的位置判定C点位置的变化，根据平面镜成像的特点分析距离的变化；
①先确定所给的光线的特点，再根据凸透镜的三条特殊光线来作图；
②上面两条光线反向延长线的交点为A的像点，从画出主光轴的垂线，可得AB的像AˊBˊ；
③根据，成倒立、放大的实像；
④根据过光心的光线传播方向不变分析回答。
本题考查了光的反射、折射、凸透镜三条特殊光线作图以及凸透镜成像规律的应用等知识。
16.【答案】；；费力；变大
【解析】解：力臂是从支点到力的作用线的距离，从O画AC的垂线，即为力臂，阻力是物体对杠杆的拉力，如图所示：
由于阻力大小等于物体的重力G，根据杠杆的平衡条件有；
则 ；
根据图中看出动力臂远小于阻力臂，因而属于费力杠杆；
若灯的悬挂点远离支点O，使得阻力臂变大，根据杠杆的平衡条件有；杠杆仍在原位置静止，则动力变大。
故答案为：；；费力；变大。
力臂是从支点到力的作用线的距离，阻力必须作用在杠杆上；
根据杠杆平衡条件与力臂大小关系分析；
杠杆的平衡条件结合阻力臂变化分析。
本题考查杠杆平衡条件的应用与力臂和力的画图，属于中档题。
17.【答案】处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是5A；电饭锅经过产生的热量为；
电阻的阻值；
低温挡的功率为176W；
开关闭合、连接触点B
【解析】高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流：；
处于高温挡时，电饭锅经过产生的热量：；
由电路图知，当闭合，连接触点A时，处于高温挡，此时电阻和并联，
通过的电流：，
并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过的电流：，
的阻值：；
由电路图知，当断开，连接触点B时，处于低温挡，电阻和串联，
串联电路总电阻等于各分电阻之和，所以电路的总电阻：，
此时电路的总功率：；
根据图丙可知，中温挡的功率比高温挡功率小，比低温挡功率大，根据可知中温挡下，电路的总电阻小于低温挡下的总电阻、大于高温挡下的总电阻，当开关闭合、连接触点B时，电路中只有工作，电路的总电阻较小，消耗的电功率较大，电饭锅处于中温挡。
答：处于高温挡时电饭锅正常工作时电路中的总电流是5A；电饭锅经过产生的热量为；
电阻的阻值；
低温挡的功率为176W；
开关闭合、连接触点B。
已知高温挡的功率和电源电压，根据可得电路的总电流；根据求处于高温挡时，电饭锅经过产生的热量；
当闭合，连接触点A时，和并联，为高温挡，已知的阻值，根据可得通过的电流，再根据并联电路的电流规律求通过的电流，根据欧姆定律求的阻值；
当断开，连接触点B时，处于低温挡，电阻和串联，根据串联电路的电阻规律可得电路的总电阻，根据可得低温挡的功率；
根据图丙可知，中温挡的功率比高温挡功率小，比低温挡功率大，根据可知电路的总电阻关系，从而可知电路的连接情况。
本题考查焦耳定律的应用和电热器的多挡位问题，难度适中。
18.【答案】化学； 绿； ； 见解答图
【解析】电解水制备氧气的过程中，消耗电能，则电能转化为化学能。
由图乙可知：气敏箱的阻值R随氧气浓度c的增加而增大，所以，当氧气浓度时，气敏箱的阻值R逐渐变大，根据欧姆定律可知通过电磁铁的电流变小，由于电磁铁的磁性随电流的减小而减弱，所以，此时电磁铁的磁性变弱，衔铁在弹簧的拉力下与上静触点接线柱连接，则A灯发光，由于当氧气浓度其绿灯正常发光；所以，图甲中的A灯为绿灯，则B灯为红灯。
由图乙可知：气敏箱的阻值R与氧气浓度c是一次函数，设为：，
由图乙可知：时，，时，
则：-------①，
-------②，
解得：，；
所以：；
当时，气敏箱的阻值，
通过电磁铁线圈的电流：；
由于图中只有一个电源，并且电磁铁与气敏箱的电路与灯泡互不影响，故应并联连接，如下图：
故答案为：化学；绿；；见解答图。
水电解时，电能转化为化学能。
根据电磁继电器的基本原理进行分析。
由图乙得出气敏箱的阻值R与氧气浓度c的关系式，据此求出当时的气敏箱的阻值R，然后根据欧姆定律求出通过电磁铁线圈的电流；
根据电磁铁和灯泡的工作特点判断出连接方式，然后完成电路连接。
本题考查液体压强、电磁铁的工作原理、欧姆定律的应用和串并联电路的特点及实验电路设计，是一道探究型实验综合题，难度较大。

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