资源简介

2025年广东省东莞市虎门成才实验学校中考第三次模拟物理试题
一、单项选择题（本大题7小题,每小题3分，共21分）
1．（2025·东莞模拟） 生活中处处有物理，根据你的经验，下列描述最符合实际的是（　　）
A．一根铅笔的质量约为2kg B．物理课本宽度约为18cm
C．人的正常体温约为39.5℃ D．中学生百米赛跑成绩约为5s
2．（2025·东莞模拟）春节期间约十万只候鸟选择留深“过年”，与市民游客共度春节。如图，一只白鹭正飞离水面，下列分析正确的是（　　）
A．白鹭的倒影是由于光的反射形成的
B．白鹭飞离水面时，它的倒影会变小
C．白鹭倒影的形成跟皮影戏的原理相同
D．水越深，白鹭的像到水面的距离越远
3．（2025·东莞模拟）小贺用水平推力推动箱子使之匀速运动，下列说法正确的是（　　）
A．小贺先对箱子有力的作用，箱子后对小贺有力的作用
B．小贺对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力是一对相互作用力
C．箱子受到的重力与地面对箱子的支持力是一对平衡力
D．不继续推箱子，箱子会停下来，说明力是维持物体运动的原因
4．（2025·东莞模拟）下列做法中符合安全用电原则的是（　　）
A．用湿手插拔电源插头
B．有金属外壳的用电器采用三脚插头
C．发现有人触电，立即用手将他拉开
D．使用试电笔时，手能接触笔尖
5．（2025·东莞模拟）2024年11月6日，歼-15T首次亮相中国珠海航展开展飞行表演（如图所示），相对于歼-15T静止的是（　　）
A．观展的观众 B．地面的树木
C．地面指挥中心 D．驾驶歼-15T的飞行员
6．（2025·东莞模拟）如图甲所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破。选项图中，汽油机的能量转化与它的能量转化情况相同的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025·东莞模拟）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图像，下列选项对图像信息判断错误的是（　　）
A．甲是一个定值电阻，阻值为5Ω
B．当乙两端的电压为2.5V时，其阻值为5Ω
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A．则电路的总功率为0.6W
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
二、填空题（本大题7小题,每空1分，共21分）
8．（2025·东莞模拟）远方朋友通过手机将语音信息发送到你的手机上，这是利用了　 　（选填“声波”或“电磁波”）传输信息的。听语音信息时，很容易分辨出熟人的声音，这主要依据声音的　 　不同。调节手机上的音量键，是为了改变声音的　 　。（后两空选填“响度”“音调”或“音色”）。
9．（2025·东莞模拟）春节燃放烟花是人们庆祝和祈福的常见方式，如图所示。燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生　 　，从而发出巨大的声音；燃放烟花的过程中，空气中弥漫着浓浓的火药味，这属于　 　现象；为了不影响爷爷奶奶休息，小明将家中的门窗关起来，这是在　 　减弱噪声。
10．（2025·东莞模拟）如图所示，已知凸透镜的焦距是10cm；用此凸透镜探究成像规律，如图甲所示，调整后在光屏上得到一个清晰的倒立　 　实像（选填“放大”或“缩小”），随着实验的进行，蜡烛在光屏上的像如图乙所示，要使成像继续在光屏中央，应将凸透镜向　 　（选填“上”或“下”）移动；此时将爷爷的老花眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果光屏上清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屏向　 　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动，才能使像变得清晰。
11．（2025·东莞模拟）物理小组的同学们利用如图所示的实验装置，探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件。保持磁体不动，闭合开关，导体棒沿　 　（选填“上下”或“左右”）方向运动时，灵敏电流计的指针会发生偏转，此时　 　能转化为电能，生活中的　 　机就是根据这一原理制成的。
12．（2025·东莞模拟）2024年5月，搭载嫦娥六号探测器的长征五号火箭成功发射，如图所示。火箭发射时，高温高压的燃气从尾部向下喷出，火箭获得上升的推力，这是因为力的作用是　 　的；探测器升空过程，质量　 　，重力势能　 　（后两空均选填“变大”“不变”或“变小”）。
13．（2025·东莞模拟）如图所示是太阳能LED照明路灯．它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成．LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成　 　 能．太阳能是　 　 能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生　 　 （填“裂变”或“聚变”），释放出的核能．
14．（2025·东莞模拟）如图所示，这是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机起飞的情景。飞机起飞时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）机翼下方空气流速。飞机飞离航母后，航母所受的浮力将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），一架总质量为22t的舰载飞机从航母上起飞后，航母排开海水的体积将变化　 　m3。（海水＝1.1×103kg/m3，g取10N/kg）
三、作图题（共3小题，2+2+3,共7分）
15．（2025·东莞模拟）按要求作图。
（1）如图所示，小球漂浮在水面，请在O点画出小球受到的重力G和浮力F的示意图；
（2）如图所示是一条由空气射向水面的光线的反射光线，画出其对应的入射光线和折射光线的大致方向；
（3）在图中标出通电螺线管和小磁针的N极，以及磁感线的方向。
四、实验题（共3小题，16题7分，17题7分，18题6分，共20分）
16．（2025·东莞模拟）按要求完成下列各小题。
（1）如图所示，物体的长度为　 　cm，秒表读数为　 　s。
（2）温度计的使用：
①实验室常用的温度计是根据液体的　 　的规律制成的；
②如图乙所示的温度计的示数是　 　℃。
（3）在“探究杠杆平衡条件”的活动中，实验选用的钩码重均为0.5N。
①实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态。
②如图乙所示，需要在B点挂上　 　个钩码，杠杆将在水平位置平衡；若两侧各减少一个钩码，杠杆　 　侧会下降。
17．（2025·东莞模拟）为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如图所示的情景中，沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图所示。
（1）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）拉力的大小；
（2）甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与　 　有关；
（3）在图丙所示的情景中，木块恰好做匀速运动。当拉力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为　 　N；
（4）小明想要验证滑动摩擦力与接触面积的大小是否有关，将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示。比较甲和丁的实验结果，于是得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论　 　（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
（5）小明同学发现，实验过程中很难控制木块保持稳定的匀速运动，于是对实验进行了改进，如图戊所示。水平拉动木板向左运动，A弹簧测力计的示数为6N，B弹簧测力计的示数为2.6N，则木块受到的摩擦力方向为水平向　 　（选填“左”或“右”），木板与地面之间的摩擦力大小为　 　N。
18．（2025·东莞模拟）在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，待测小灯泡标有“2.5V”字样，电源电压为6V且保持不变。
（1）请用笔画线代替导线，在图甲中将实验电路连接完整　 　（要求：闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗）
（2）连接好电路后，将滑片P移至最大阻值处再进行试触，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表指针偏转角度太大，则原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，电压表的示数如图-2所示，为了完成实验，应将图-1中的滑片P向　 　（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5V。
（4）根据实验记录的数据绘制成如图-3所示的图像，分析图像可知：①小灯泡正常发光时的电阻为　 　；②造成小灯泡的I-U图像不是一条直线的原因：　 　。
（5）受到上述实验的启发，为测量高温物体的温度，某同学将图-1电路改装成一个简易的温度传感器。思路如下：将图-1中的小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，选择图-1中的一个电表改装为温度显示仪，要求温度升高时，示数变大。请你分析：应将图-1中的　 　表改装为温度显示仪。
五、计算题（共2小题，19题7分，20题6分，共13分）
19．（2025·东莞模拟）2025年春晚节目《秧BOT》中，16台人形机器人“福兮”与舞蹈演员共同表演东北秧歌，行云流水的舞步惊艳全场，如图所示，机器人能够快速移动，旋转手绢等高难度动作，若一个机器人的质量为60kg，双脚站立时与舞台的接触面积为0.02m2，在舞台上4s沿直线匀速移动2m。请完成下列问题：
（1）机器人4s内运动的速度；
（2）机器人双脚站立时对舞台的压强；（g取10N/kg）
（3）若机器人沿直线匀速运动时在水平方向上受到的平均阻力为重力的0.05倍，则4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率。
20．（2025·东莞模拟）如图乙所示为小明家两挡位电热水壶的简化电路原理图，S1为温控开关，当水沸腾时会自动断开。R1和R2为加热定值电阻，，保温挡的功率为110W。已知电源电压为220V。求：
（1）加热时流过R1的电流；
（2） R2的电阻；
（3）某次烧水，电热水壶将水加热至沸腾耗时5min，在这5min内电热水壶产生的热量。
六、综合能力题（共3小题，21题6分，22题6分，23题6分，共18分）
21．（2025·东莞模拟）八年级一班的同学们为了测量陈醋的密度，分组进行了以下实验，如图所示。
（1）小明所在小组在调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，则应将平衡螺母　 　（填“左”或“右”）端调节。
（2）接下来进行了以下操作，以下操作的正确顺序是：________（填字母代号）。
A．用天平测量烧杯和剩余陈醋的总质量m1
B．将待测陈醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和陈醋的总质量m2
C．将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒，测出这部分陈醋的体积V
（3）由图可得：量筒中陈醋的质量为　 　g；陈醋的密度是　 　kg/m3
（4）小雨所在小组的同学们在实验时发现实验器材少了量筒，在没有量筒的情况下，他们设计了如下实验方案进行测量。
①向大烧杯中倒入适量的水，使质量为m1的玻璃杯漂浮在水面，用记号笔记下水面在玻璃杯上对应的位置b（如图甲）；
②倒出大烧杯中的水并擦干净，向大烧杯里倒入适量的陈醋，使玻璃杯漂浮在陈醋上（如图乙），向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与　 　相平，取出玻璃杯并擦干外面的陈醋，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m2；
③陈醋密度的表达式为液=　 　（用题中所给的字母表示，已知水的密度为水）。
22．（2025·东莞模拟）2024年，国产新能源汽车强势崛起，以技术先进、功能丰富、性价比高等优点备受消费者青睐。小乐家借国家“汽车以旧换新补贴政策”的东风，换购了一辆“可油、可电”的新能源汽车，图甲是该车的主要部件结构图；
蓄电池容量 38kW·h
充电模式 适用范围 充电电压 充电电流
一 公共充电桩 380V 100A
二 家用充 电桩 220V 30A
（1）该车具有动能回收功能，在刹车或减速时，利用车身动能带动线圈切割磁感线发电，并把电能储存到蓄电池里，从而起到节能的作用。该过程中：发电原理是　 　。在某段行程中，通过该系统回收了4.6kW·h的电能，若这些能量由汽油发动机燃烧汽油来提供，则至少需要燃烧热值为4.6×107J/kg的汽油　 　kg；
（2）图乙所示是新能源汽车充电的场景，小乐家的汽车有两种充电模式可供选择，相关信息如下表所示，现需要把蓄电池电量从30%充电到80%，从节省充电时间的角度考虑，应选择模式　 　（选填“一”或“二”），在该模式下，所需充电时间为　 　h；
（3）如图丙所示，该车后视镜内部镶嵌了电热丝，使镜片具有防雾、除霜的功能。这是利用了电流通电后产生热量传递给镜片，使水蒸气遇到镜片后不能　 　（选填“吸收”或“放出”）热量，也就无法起雾或结霜，以保障行车安全。若通过电热丝的电流为0.5A，电热丝阻值为24Ω，则1min内电流在该电热丝上产生的热量是　 　J。
23．（2025·东莞模拟）阅读下列材料，回答问题。
汽车防冻液
汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾。有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）。
防冻液含量 30% 40%` 50% 60% 70% 80% 90%
混合液的凝固点/℃ -17 -28 -37 -49 -48 -46 -28
混合液的沸点/℃ 103 104 107 111 117 124 141
在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10~15℃，考虑到混合液比例不当会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高。
（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的　 　较大；
（2）如图所示打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是　 　现象；
（3）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是（　　）（填字母）；
A．逐渐升高 B．逐渐降低
C．先升高后降低 D．先降低后升高
（4）若某地常年最低气温为-15℃，对该地区汽车来说，在表中不同防冻液含量的混合液中，宜选含量为　 　的防冻液；
（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点　 　（填“升高”“降低”或“不变”），其原因是　 　。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】 A.铅笔的质量大约10克，故A错误；
B.物理课本的宽度大约有十几厘米到二十厘米之间，故B正确；
C.人体正常体温大约37℃，故C错误；
D.中学生百米赛跑成绩约为14秒，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、长度、温度和时间的认识分析。
2．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．根据题意可知，白鹤发出的光在水面发生反射，从而形成平面镜成像现象，也就是看到的“倒影”，故A正确；
B．白鹭飞离水面时，物距增大，但是根据“物像等大”的规律可知，它的倒影大小不变，故B错误；
C．皮影戏的成像原理是光沿直线传播，与白鹭的成像原理不同，故C错误；
D．根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，白鹭的像到水面的距离远近与白鹭到水面的距离有关，与水的深度无关，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据平面镜成像的原理判断；
B.根据平面镜成像时“物像等大”的规律判断；
C.根据皮影戏的成像原理比较；
D.根据平面镜成像“物像等距”的规律判断。
3．【答案】C
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．小贺用水平推力推动箱子，同时箱子对小贺有力的作用，两力是同时产生的，故A错误；
B．小贺对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力，都作用在箱子上，是一对平衡力，不是相互作用力，故B错误；
C．箱子受到的重力与地面对箱子的支持力，力作用在同一物体上，大小相等、方向相反，二力平衡，是一对平衡力，故C正确；
D．不继续推箱子，箱子会停下来，是箱子受到了阻力的作用，则力改变物体运动状态，故D错误。
故选C。
【分析】物体间力的作用是相互的，相互作用的力是同时产生的；同一物体受到的力大小相等、方向相反、在同一直线，是平衡力。
4．【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水易导电，用湿手插拔电源插头，容易发生触电事故，不安全，故A不符合题意；
B．有金属外壳的用电器用三脚插头，其中的接地线能够将用电器金属外连接大地，避免发生触电事故，符合安全用电原则，故B符合题意；
C．发现有人触电，应立即断开电源，不能用手将他拉开，故C不符合题意；
D．使用试电笔时，笔尖为金属体与导线直接接触，接触笔尖容易发生触电事故，故D不符合题意。
故选B。
【分析】潮湿的手更易导电，不能接触带电体；有金属外壳的用电器，要利用三孔插座；发生人触电时，必须先断开电源；使用测电笔时，手不能接触金属笔尖。
5．【答案】D
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】根据题意可知，观展的观众、地面的树木、地面指挥中心相对于歼-15T的位置都发生了改变，则它们是运动的。而驾驶歼-15T的飞行员相对于飞机的位置没有发生改变，是静止的。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；否则，它相对参照物的位置发生改变。
6．【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】电加热管加热筒内的液态CO2，使之迅速汽化，高压气体从泄气孔中喷出，实施爆破，将内能转化为机械能，
A．图中，进气门打开，为汽油机的吸气冲程，不存在能量转化，故A不符合题意；
B．图中，气门关闭，活塞向上运行，为汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不符合题意；
C．图中，气门关闭，活塞向下运行，为汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能，能量转化情况相同，故C符合题意；
D．图中，排气门打开，汽油机的排气冲程，故D不符合题意。
故选C。
【分析】密闭装置中，气体膨胀对外做功，内能转化为机械能，根据汽油机的气门状态和活塞运行方向， 判断冲程，做功冲程中，内能转化为机械能。
7．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．图中，甲电阻的电流随着电压增大而增大，且成正比，则甲是一个定值电阻，阻值为，故A正确，不符合题意；
B．图中，当乙两端的电压为2.5V时，电流为0.5A，计算阻值为5Ω，故B正确，不符合题意；
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，根据图像，乙两端电压为0.5V，甲两端电压为1.5V，故总的电压为2V，计算电功率：，故C正确，不符合题意；
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，根据图表，通过乙电阻的电流为0.4A，通过甲电阻的电流为0.2A，故干路中电流应该为0.6A，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】电流和电压成正比时，是定值电阻，利用，计算电阻；在串联电路中，电流处处相等，总电压等于各用电器分压之和，根据P=UI，计算电功率；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
8．【答案】电磁波；音色；响度
【知识点】响度及响度与振幅的关系；音色；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】手机利用电磁波传输信息是，适用于远距离通信；不同人的音色不同，根据音色不同，可以辨别熟人的声音；调节音量，可以改变声音的大小，即响度。故第1空填：电磁波；第2空填：音色；第3空填：响度。
【分析】手机利用电磁波传递信息；不同发声体音色不同，是辨别发声体的依据；声音的大小指响度不同。
9．【答案】振动；扩散；传播过程中
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】声音是物体振动产生的，燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气振动，产生巨大的声音。
燃放烟花的过程中，闻到火药味，是扩散现象，是分子不停做无规则热运动造成的；
将门窗关起来，阻碍了噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声。故第1空填：振动；第2空填：扩散；第3空填：传播过程中。
【分析】声音是物体振动产生的；温度气味，是分子运动形成的扩散现象；阻断声音的传播，是在传播途径处控制噪声。
10．【答案】缩小；下；靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】已知凸透镜焦距，图甲中，物距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像；
实验中，蜡烛燃烧变短，像会向上移动。要使像继续成在光屏中央，可将凸透镜向下移动；
老花眼镜是凸透镜，对光线有会聚作用，会使像提前会聚。在蜡烛和凸透镜间放凸透镜，像靠近了凸透镜，应将光屏向靠近凸透镜方向移动，才能使像清晰。故第1空填：缩小；第2空填：下；第3空填：靠近。
【分析】物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立缩小的实像；蜡烛向下移动，像向上移动，凸透镜向下移动时，像向下移动；凸透镜对光有会聚作用，使成像靠近凸透镜移动。
11．【答案】上下；机械；发电
【知识点】产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】图中，闭合开关，磁体不动，导体棒沿上下方向运动时，导体棒会切割磁感线，灵敏电流计的指针发生偏转，则有感应电流产生，导体棒的运动获得了电能，将机械能转化为电能，生活中的发电机根据这一原理制成的。故第1空填：上下；第2空填：机械；第3空填：发电。【分析】闭合电路的部分导体，切割磁感线时，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，可以制成发电机。
12．【答案】相互；不变；变大
【知识点】质量及其特性；势能的影响因素；力作用的相互性
【解析】【解答】发射火箭时，高温高压的燃气向下喷出，火箭对燃气施加向下的作用力，燃气对火箭施加向上的作用力，使火箭获得上升的推力，利用了力的作用是相互的；
质量是物体含有物质的多少，物体的质量不随位置而改变，探测器升空，质量不变。
探测器升空时，质量不变，高度变大，重力势能变大。故第1空填：相互；第2空填：不变；第3空填：变大。
【分析】物体间力的作用是相互的；质量是物体的属性，和空间位置无关；质量一定时，高度越大， 重力势能越大。
13．【答案】光；可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】LED灯是发光二极管，通过电流时，把电能直接转化成光能；
太阳能可以从自然界源源不断的得到，是可再生能源；
在太阳内部，氢原子核在超高温作用下，发生核聚变，释放巨大的核能。故第1空填：光；第2空填：可再生；第3空填：聚变。
【分析】发光二极管将电能直接转化为光能；太阳能是可再生能源；太阳能内部通过核聚变释放能量。
14．【答案】大于；变小；20
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】飞机的机翼上方凸起，下方平齐，上方空气流速大于机翼下方空气流速，机翼上方压强小于下方，从而产生向上的升力。
航母始终漂浮，浮力等于重力，飞机飞离航母后，航母的总重力减小，浮力会变小。
一架总质量为22t的舰载飞机从航母上起飞后，航母所受浮力的减小量等于舰载机的重力，航母排开海水的体积减少量为：
。故第1空填：大于；第2空填：变小；第3空填：20。
【分析】流体在流速大的地方压强小；漂浮物体受到的浮力等于自身重力，重力减小，则浮力减小；根据，可以计算排开液体的体积。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；浮力及其产生原因；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）小球漂浮，浮力等于重力，重力竖直向下，浮力竖直向上，力的作用点在小球重心，故作图如下：
（2）光从空气斜射入水中，在水面反射时，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角；斜射入水中时，折射光线和入射光线在法线两侧，折射角小于入射角，作图如下：
（3）图中，电流从螺线管右端流入、根据右手螺旋定则，螺线管右端为N极，磁感线从N极出发，回到S极，图中磁感线方向向左；根据异名磁极相互吸引，小磁针左端为N极，作图如下：
【分析】（1）物体受到的重力竖直向下，受到的浮力竖直向上，漂浮的物体，浮力等于重力；
（2）光在反射时，反射角等于入射角，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；
（3）根据安培定则判断通电螺线管的磁极位置；磁感线的方向从N极出发，回到S极；小磁针的N极接近磁体的S极。
（1）小球漂浮在水面，受到重力和浮力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，浮力等于重力，力的作用点都画在小球重心，故作图如下：
（2）光反射时，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角；光从空气斜射入水中时，折射光线和入射光线在法线两侧，折射角小于入射角，作图如下：
（3）如图，电流从螺线管右端流入、左端流出，根据右手螺旋定则可知，螺线管右端为N极，磁感线从N极出发，回到S极，所以，图中磁感线向左；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端为N极，作图如下：
16．【答案】（1）2.80；110
（2）热胀冷缩；-3
（3）是；4；右
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；刻度尺的使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图中，刻度尺的分度值为0.1cm，根据物体对应刻度尺的位置，物体的长度为：l=6.80cm-4.00cm=2.80cm；停表小盘分度值为0.5min，指针在1后偏向2，示数为1min，大盘示数应大于30s，大盘分度值为0.1s，示数为50.0s，则停表读数为：t=1min50.0s=110.0s；
（2）实验室温度计根据液体热胀冷缩的原理制成的；
如图，温度计的分度值为1℃，液柱上在0℃以下，示数为-3℃。
（3）探究杠杆平衡条件时，
①杠杆静止在如图甲，杠杆处于静止状态，杠杆处于平衡状态。
②图乙中，根据杠杆平衡条件，得：3×0.5N×4cm=n×0.5N×3cm，解得，n=4，需要在B点挂上4个钩码，杠杆将在水平位置平衡；
若两侧各减少一个钩码，则有：2×0.5N×4cm<3×0.5N×3cm，杠杆右侧会下降。
【分析】（1）根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；根据秒表分钟指针和秒钟指针位置，测量时间；
（2）液体温度计根据液体的热胀冷缩制成，根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）静止的杠杆是平衡的；根据F1L1=F2L2，计算杠杆上钩码个数，判断杠杆是否平衡。
（1）[1]如图，刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端与4.00cm处对齐，右端与6.80cm处对齐，物体的长度为l=6.80cm-4.00cm=2.80cm
[2]停表小盘分度值为0.5min，指针在1和2之间，偏向2，示数为1min，大盘示数应大于30s，大盘分度值为0.1s，示数为50.0s，所以，停表读数为t=1min50.0s=110.0s
（2）[1]实验室常用的温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，不同温度下温度计内液体的体积不同，玻璃管内液柱的长度不同，从而显示不同的温度。
[2]如图，温度计的分度值为1℃，液柱上表面在0℃以下，为零下温度，此时示数为-3℃。
（3）[1]实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，受力平衡，此时杠杆是处于平衡状态。
[2]根据杠杆平衡条件得3×0.5N×4cm=n×0.5N×3cm
解得，n=4，需要在B点挂上4个钩码，杠杆将在水平位置平衡
[3]若两侧各减少一个钩码，则有2×0.5N×4cm<3×0.5N×3cm
杠杆右侧会下降。
17．【答案】（1）等于
（2）压力
（3）3.2
（4）错误；没有控制压力不变
（5）左；3.4
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】探究滑动摩擦力的大小的影响因素时，
（1）拉木块时，木块没被拉动，木块处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，两力大小相等；
（2）在甲、乙实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同，可探究滑动摩擦力的大小与压力有关；
（3）图丙中，木块恰好做匀速运动，受到的滑动摩擦力和拉力平衡，弹簧测力计示数为3.2N，则木块受到滑动摩擦力为3.2N。当拉力增大为4N时，水平面的压力及接触面粗糙程度不变，木块受到的滑动摩擦力的大小不变，仍为3.2N；
（4）探究滑动摩擦力与接触面积的关系，应控制压力和接触面粗糙程度相同，只改变接触面积大小；当将木块切去一半时，在改变接触面积时，也改变了压力大小，没有控制压力不变，结论错误。
（5）图戊中，木块受到弹簧测力计B的拉力，保持静止，弹簧测力计B拉力为2.6N，方向水平向右，木块受到的滑动摩擦力方向水平向左，大小为2.6N。向左拉动木板的力为6N，木板与地面之间的摩擦力大小为：f=6N-2.6N=3.4N。
【分析】（1）拉动木块时，木块静止，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）当接触面的粗糙程度相同时，压力不同，可以探究滑动摩擦力和压力的的关系；
（3）物体匀速直线运动时，拉力和摩擦力大小相等，当压力和接触面的粗糙程度不变时，增大拉力，摩擦力不变；
（4）探究滑动摩擦力和接触面积的关系，需要保持压力和接触面的粗糙程度相同；
（5）弹簧测力计拉动物体静止时，拉动和摩擦力相等；根据物体匀速直线运动受到平衡力，结合拉力和上面的摩擦力，计算物体和地面间的摩擦力。
（1）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，木块受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，则木块所受摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，木块对水平面的压力不同，是为了探究滑动摩擦力的大小与压力有关。
（3）在图丙所示的情景中，木块恰好做匀速运动，此时，木块受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，弹簧测力计示数为3.2N，则木块受到滑动摩擦力为3.2N。当拉力增大为4N时，木块对水平面的压力及接触面粗糙程度不变，木块受到的滑动摩擦力的大小不变，仍为3.2N。
（4）[1][2]要验证滑动摩擦力与接触面积的大小是否有关，应控制压力和接触面粗糙程度不变，只改变接触面积大小；小明实验时，将木块切去一半，在改变接触面积的同时，也改变了压力大小，所以，他的结论是错误的，理由是没有控制压力不变。
（5）[1][2]木块在弹簧测力计B的拉力和木板对它的滑动摩擦力的作用下保持静止，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反；弹簧测力计B拉力为2.6N，方向水平向右，所以，木块受到的滑动摩擦力方向水平向左，大小为2.6N。木板与地面之间的摩擦力大小为
f=6N-2.6N=3.4N
18．【答案】（1）
（2）灯泡断路
（3）左
（4）；小灯泡的电阻随温度的升高而增大
（5）电压
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量小灯泡正常发光时的电阻时，
（1）实验中，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片向右移动，灯泡变暗，则向右移动滑片，电流变小，向右移动滑片，滑动变阻器的阻值变大，故如下图所示：
（2）闭合开关，小灯泡不发光，电流表无示数，电路有断路，电压表示数较大，可能是灯泡断路；
（3）图2中，电压表的量程为，分度值为，根据指针位置，示数为，为使小灯泡正常发光，即达到额定电压2.5V，需减小滑动变阻器的阻值，使滑动变阻器分得的电压减小，应将图-1中的滑片P向左端移动；
（4）①图中，当小灯泡正常发光时，电压为2.5V，正常发光的电流0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为：；
②小灯泡的电压增大时，温度会升高，导致电阻变化，故小灯泡的I-U图像不是一条直线，是小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
（5）当将小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，温度升高，电阻丝阻值增大，在串联电路中，电阻丝两端的电压增大，应将图-1中的电压表改装为温度显示仪，则温度升高，电压表示数变大。
【分析】（1）测量灯泡电阻时，滑动变阻器的滑片靠近下面的接线柱，电阻减小，灯泡亮度变大；
（2）在串联电路中，电流表无示数，电压表示数较大，电压表测量的位置断路；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压，灯泡分压变大时，滑动变阻器的电阻减小，分压减小；
（4）根据，计算灯丝电阻大小；灯丝电阻随温度的升高而变大；
（5）电阻丝的阻值随温度的升高而变大，在串联电路中，分压变大。
（1）在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，灯泡与滑动变阻器串联，闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗说明向右移动滑片电流变小，向右移动滑片滑动变阻器的阻值变大，故如下图所示：
（2）发现小灯泡不发光，电流表无示数，可能是灯泡或滑动变阻器断路，电压表指针偏转角度太大，则原因可能是灯泡断路。
（3）由电路图可知，电压表测小灯泡两端电压，电压表的量程为如图-2可知，电压表分度值为，因此电压表读数为，由于灯泡的额定电压为，为使小灯泡正常发光即达到额定电压，根据串联电路分压特点可知，需减小滑动变阻器的阻值，使滑动变阻器分得的电压减小，灯泡分得的电压增大至，故应将图-1中的滑片P向左端移动。
（4）[1]由图像可知，当小灯泡正常发光时，电压时，正常发光的电流，则小灯泡正常发光时的电阻为
[2]小灯泡的电压增大时，温度会升高，导致电阻变化，因此不是一条直线，故造成小灯泡的I-U图像不是一条直线的原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（5）小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，温度升高，此种材料的电阻丝阻值增大，根据串联分压原理可知，电阻丝两端的电压增大，因此应将图-1中的电压表改装为温度显示仪。
19．【答案】（1）解：机器人4s内运动的速度为：
（2）解：机器人双脚站立时对舞台的压强为
（3）解：机器人做匀速直线运动时，牵引力和阻力是一对平衡力，牵引力大小为
4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据，可以计算机器人的速度；
（2）根据F=G=mg，计算水平面受到的压力，根据，计算压强；
（3）根据摩擦力和重力的关系，计算摩擦力，结合二力平衡，计算牵引力；根据P=Fv，计算功率。
（1）机器人4s内运动的速度为
（2）机器人双脚站立时对舞台的压强为
（3）机器人做匀速直线运动时，牵引力和阻力是一对平衡力，牵引力大小为
4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率为
20．【答案】（1）解：加热时S、S1闭合，R1与R2并联，保温时S闭合，S1断开，为R2的简单电路，加热时流过R1的电流为。
（2）解：R2的电阻为。
（3）解：加热时电功率为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）加热时S、S1闭合，R1、R2并联；根据求出加热时流过R1的电流；（2）在保温挡工作时S闭合、S1断开，此时只有R2工作，则保温挡的功率为R2的电功率，根据求出R2的电阻；
（3）在加热挡工作时，R1、R2并联；求出总电功率，根据求出电热水壶消耗的电能。
（1）加热时S、S1闭合，R1与R2并联，保温时S闭合，S1断开，为R2的简单电路，加热时流过R1的电流为
（2）R2的电阻为
（3）加热时电功率为
5min内电热水壶产生的热量为
21．【答案】（1）左
（2）A；B；C
（3）44；1.1×103
（4）位置b；
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】测量陈醋的密度时，
（1）调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，图甲中，指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左端调节；
（2）实验时，先测出烧杯和陈醋的总质量，将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒后，再测烧杯和剩余陈醋的总质量，则正确顺序是BCA，可减小实验误差；
（3）图乙中，烧杯和陈醋的总质量为m2=82.4g，图丙中，烧杯和剩余陈醋的总质量为m1=38.4g，量筒中陈醋的质量为：m=44g，
图丁中，量筒中陈醋的体积为：V=40mL=40cm3
陈醋的密度为：
（4）不利用量筒测量密度时，为使甲乙两图中玻璃杯排开液体的体积相同，应向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与位置b相平。
玻璃杯漂浮在水面上，根据阿基米德原理和二力平衡：F浮1=ρ水gV排=m1g，
则排开液体的体积：……①
加水后的玻璃杯漂浮在陈醋上，同理得：F浮2=ρ液gV排=m2g……②
联立①②，可得陈醋密度的表达式为：。
【分析】（1）根据右偏左调，调节天平平衡；
（2）测量密度时，先测量总质量，将液体倒入量筒，测量剩余质量和量筒中液体的体积；
（3）根据天平上砝码和游码位置，测量质量，根据，计算密度；
（4）物体在不同液体中漂浮时，根据F浮=G物，F浮=ρ液gV排，利用排开的体积相等，可以计算未知液体的密度。
（1）在调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，根据“右偏左调”的原则，则应将平衡螺母向左端调节。
（2）为了减小实验误差，应该先测出烧杯和陈醋的总质量，将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒后，再测烧杯和剩余陈醋的总质量，所以操作的正确顺序是BCA。
（3）[1]由图乙可知烧杯和陈醋的总质量为m2=82.4g，由图丙可知烧杯和剩余陈醋的总质量为m1=38.4g，故量筒中陈醋的质量为m=44g。
[2]由图丁可知量筒中陈醋的体积为V=40mL=40cm3
陈醋的密度为
（4）[1]为了使甲乙两图中玻璃杯排开液体的体积相同，应该向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与位置b相平。
[2]在图甲中玻璃杯漂浮在水面上根据阿基米德原理和二力平衡可知F浮1=ρ水gV排=m1g
由上式可推出排开液体的体积……①
在图乙中加水后的玻璃杯漂浮在陈醋上根据阿基米德原理和二力平衡可知F浮2=ρ液gV排=m2g……②
联立①②可得陈醋密度的表达式为
22．【答案】（1）电磁感应；0.36
（2）一；0.5
（3）放出；360
【知识点】液化及液化放热；燃料的热值；电功的计算；焦耳定律的应用；电磁感应
【解析】【解答】（1）汽车在刹车或减速时，车身动能带动线圈切割磁感线发电，把机械能转化为电能，储存到蓄电池里，发电原理是电磁感应原理；
根据回收的电能为：4.6kW·h=4.6×3.6×106J=1.656×107J，
根据汽油的热值，计算汽油的质量为：
（2）根据表格数据，把蓄电池电量从30%充电到80%，根据W=UIt，电能相同时，电压和电流更大的充电模式，所用的时间更短，选择模式一，可节省充电时间；
根据W=UIt，利用模式一充电，所需充电时间为：，
（3）后视镜内的电热丝，有防雾、除霜的功能，镜片吸收热量后内能增大，温度升高，镜片变暖。当水蒸气遇到温度较高的镜片时，不能放出热量进行液化或凝华，无法起雾或结霜，保障行车安全。
1min内，电流在该电热丝上产生的热量：。
【分析】（1）刹车发电时，机械能转化为电能，利用了电磁感应现象；根据，计算消耗的汽油；
（2）充电的电压、电流越大，电功率越大，电功一定时，用时少；根据，计算时间；
（3）水蒸气遇冷，发生液化或凝华现象；物体温度较高时，水蒸气不易遇冷；根据Q=I2Rt，计算电流产生热量。
（1）[1]在刹车或减速时，利用车身动能带动线圈切割磁感线发电，并把电能储存到蓄电池里，从而起到节能的作用。发电原理是电磁感应原理。
[2]在某段行程中，通过该系统回收了4.6kW·h的电能，因4.6kW·h=4.6×3.6×106J=1.656×107J
由得，若这些能量由汽油发动机燃烧汽油来提供，则至少需要燃烧热值为4.6×107J/kg的汽油的质量为
（2）[1][2]根据题意可知，要把蓄电池电量从30%充电到80%，由W=UIt得，在W相同的情况下，电压更高，电流更大的充电模式，所用的时间更短，所以从节省充电时间的角度考虑，应选择模式一。
[3]由W=UIt得，在模式一下充电，所需充电时间为
（3）[1]该车后视镜内部镶嵌了电热丝，使镜片具有防雾、除霜的功能。这是利用了电流的热效应，即电流通过导体时会产生热量。电热丝产生的热量通过热传递的方式传递给低温的镜片，镜片吸收热量后内能增大，温度升高，镜片变暖。当水蒸气遇到温度较高的镜片时，就不能放出热量进行液化或凝华，因此也就无法起雾或结霜，从而保障了行车安全。
[2]1min内电流在该电热丝上产生的热量
23．【答案】（1）比热容
（2）液化
（3）D
（4）40%
（5）升高；水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高
【知识点】熔点和凝固点；液化及液化放热；比热容
【解析】【解答】（1）水的比热容较大，水和其它物质比较，质量和升高的温度相同，水吸收的热量多，降温效果好，汽车发动机用水来冷却；
（2）水箱上方冒出 “白气”，是水箱内的水蒸气遇冷，液化形成的小水滴；
（3）根据表格数据，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点从30%到60%，后从60%到90%，即先降低后升高，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）混合液的凝固点应比最低气温低10~15℃，某地最低气温为 15℃，即混合液凝固点约为 30~ 25℃。根据表格，防冻液含量为40%时，混合液凝固点为 28℃，满足要求；
（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液的水蒸发，防冻液的含量相对增加。根据表格，防冻液含量增大，混合液的沸点升高。
【分析】（1）水的比热容较大，吸热能力强；
（2）水蒸气变为小水滴，属于液化现象；
（3）根据防冻液含量不同，凝固点不同，判断变化规律；
（4）防冻液的凝固点要比环境的最低温度低10~15℃，结合实际温度，判断防冻液的含量；
（5）防冻液中水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。
（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却。
（2）打开水箱盖时，上方冒出 “白气”，是水箱内的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象。
（3）由表格数据可知，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点先降低（30%到60% ），后升高（60%到90% ），所以变化情况是先降低后升高，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）某地常年最低气温为 15℃，混合液的凝固点应比本地常年最低气温低10~15℃，即混合液凝固点约为 30~ 25℃。由表格可知，防冻液含量为40%时，混合液凝固点为 28℃，满足要求，所以宜选含量为40%的防冻液。
（5）[1][2]长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少，是因为水蒸发，防冻液的含量相对增加。由表格可知，防冻液含量增大，混合液的沸点升高，所以与原来相比，混合液的沸点升高，原因是水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。
1 / 12025年广东省东莞市虎门成才实验学校中考第三次模拟物理试题
一、单项选择题（本大题7小题,每小题3分，共21分）
1．（2025·东莞模拟） 生活中处处有物理，根据你的经验，下列描述最符合实际的是（　　）
A．一根铅笔的质量约为2kg B．物理课本宽度约为18cm
C．人的正常体温约为39.5℃ D．中学生百米赛跑成绩约为5s
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间的估测；长度的估测
【解析】【解答】 A.铅笔的质量大约10克，故A错误；
B.物理课本的宽度大约有十几厘米到二十厘米之间，故B正确；
C.人体正常体温大约37℃，故C错误；
D.中学生百米赛跑成绩约为14秒，故D错误。
故选B。
【分析】根据对质量、长度、温度和时间的认识分析。
2．（2025·东莞模拟）春节期间约十万只候鸟选择留深“过年”，与市民游客共度春节。如图，一只白鹭正飞离水面，下列分析正确的是（　　）
A．白鹭的倒影是由于光的反射形成的
B．白鹭飞离水面时，它的倒影会变小
C．白鹭倒影的形成跟皮影戏的原理相同
D．水越深，白鹭的像到水面的距离越远
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】A．根据题意可知，白鹤发出的光在水面发生反射，从而形成平面镜成像现象，也就是看到的“倒影”，故A正确；
B．白鹭飞离水面时，物距增大，但是根据“物像等大”的规律可知，它的倒影大小不变，故B错误；
C．皮影戏的成像原理是光沿直线传播，与白鹭的成像原理不同，故C错误；
D．根据平面镜成像“物像等距”的规律可知，白鹭的像到水面的距离远近与白鹭到水面的距离有关，与水的深度无关，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据平面镜成像的原理判断；
B.根据平面镜成像时“物像等大”的规律判断；
C.根据皮影戏的成像原理比较；
D.根据平面镜成像“物像等距”的规律判断。
3．（2025·东莞模拟）小贺用水平推力推动箱子使之匀速运动，下列说法正确的是（　　）
A．小贺先对箱子有力的作用，箱子后对小贺有力的作用
B．小贺对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力是一对相互作用力
C．箱子受到的重力与地面对箱子的支持力是一对平衡力
D．不继续推箱子，箱子会停下来，说明力是维持物体运动的原因
【答案】C
【知识点】力作用的相互性；二力平衡的条件及其应用；平衡力的辨别
【解析】【解答】A．小贺用水平推力推动箱子，同时箱子对小贺有力的作用，两力是同时产生的，故A错误；
B．小贺对箱子的推力与地面对箱子的摩擦力，都作用在箱子上，是一对平衡力，不是相互作用力，故B错误；
C．箱子受到的重力与地面对箱子的支持力，力作用在同一物体上，大小相等、方向相反，二力平衡，是一对平衡力，故C正确；
D．不继续推箱子，箱子会停下来，是箱子受到了阻力的作用，则力改变物体运动状态，故D错误。
故选C。
【分析】物体间力的作用是相互的，相互作用的力是同时产生的；同一物体受到的力大小相等、方向相反、在同一直线，是平衡力。
4．（2025·东莞模拟）下列做法中符合安全用电原则的是（　　）
A．用湿手插拔电源插头
B．有金属外壳的用电器采用三脚插头
C．发现有人触电，立即用手将他拉开
D．使用试电笔时，手能接触笔尖
【答案】B
【知识点】家庭电路的组成；测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．生活用水易导电，用湿手插拔电源插头，容易发生触电事故，不安全，故A不符合题意；
B．有金属外壳的用电器用三脚插头，其中的接地线能够将用电器金属外连接大地，避免发生触电事故，符合安全用电原则，故B符合题意；
C．发现有人触电，应立即断开电源，不能用手将他拉开，故C不符合题意；
D．使用试电笔时，笔尖为金属体与导线直接接触，接触笔尖容易发生触电事故，故D不符合题意。
故选B。
【分析】潮湿的手更易导电，不能接触带电体；有金属外壳的用电器，要利用三孔插座；发生人触电时，必须先断开电源；使用测电笔时，手不能接触金属笔尖。
5．（2025·东莞模拟）2024年11月6日，歼-15T首次亮相中国珠海航展开展飞行表演（如图所示），相对于歼-15T静止的是（　　）
A．观展的观众 B．地面的树木
C．地面指挥中心 D．驾驶歼-15T的飞行员
【答案】D
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】根据题意可知，观展的观众、地面的树木、地面指挥中心相对于歼-15T的位置都发生了改变，则它们是运动的。而驾驶歼-15T的飞行员相对于飞机的位置没有发生改变，是静止的。
故选D。
【分析】如果物体是静止的，那么它相对参照物的位置保持不变；否则，它相对参照物的位置发生改变。
6．（2025·东莞模拟）如图甲所示，爆破时电加热管发热使筒内的液态CO2迅速汽化，形成高压气体从泄气孔中喷出实施爆破。选项图中，汽油机的能量转化与它的能量转化情况相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】电加热管加热筒内的液态CO2，使之迅速汽化，高压气体从泄气孔中喷出，实施爆破，将内能转化为机械能，
A．图中，进气门打开，为汽油机的吸气冲程，不存在能量转化，故A不符合题意；
B．图中，气门关闭，活塞向上运行，为汽油机的压缩冲程，将机械能转化为内能，故B不符合题意；
C．图中，气门关闭，活塞向下运行，为汽油机的做功冲程，将内能转化为机械能，能量转化情况相同，故C符合题意；
D．图中，排气门打开，汽油机的排气冲程，故D不符合题意。
故选C。
【分析】密闭装置中，气体膨胀对外做功，内能转化为机械能，根据汽油机的气门状态和活塞运行方向， 判断冲程，做功冲程中，内能转化为机械能。
7．（2025·东莞模拟）如图所示是电阻甲和乙的I﹣U图像，下列选项对图像信息判断错误的是（　　）
A．甲是一个定值电阻，阻值为5Ω
B．当乙两端的电压为2.5V时，其阻值为5Ω
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A．则电路的总功率为0.6W
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，则干路中的电流为0.3A
【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】A．图中，甲电阻的电流随着电压增大而增大，且成正比，则甲是一个定值电阻，阻值为，故A正确，不符合题意；
B．图中，当乙两端的电压为2.5V时，电流为0.5A，计算阻值为5Ω，故B正确，不符合题意；
C．将甲和乙串联，若电路中电流为0.3A，根据图像，乙两端电压为0.5V，甲两端电压为1.5V，故总的电压为2V，计算电功率：，故C正确，不符合题意；
D．将甲和乙并联，若电源电压为1V，根据图表，通过乙电阻的电流为0.4A，通过甲电阻的电流为0.2A，故干路中电流应该为0.6A，故D错误，符合题意。
故选D。
【分析】电流和电压成正比时，是定值电阻，利用，计算电阻；在串联电路中，电流处处相等，总电压等于各用电器分压之和，根据P=UI，计算电功率；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
二、填空题（本大题7小题,每空1分，共21分）
8．（2025·东莞模拟）远方朋友通过手机将语音信息发送到你的手机上，这是利用了　 　（选填“声波”或“电磁波”）传输信息的。听语音信息时，很容易分辨出熟人的声音，这主要依据声音的　 　不同。调节手机上的音量键，是为了改变声音的　 　。（后两空选填“响度”“音调”或“音色”）。
【答案】电磁波；音色；响度
【知识点】响度及响度与振幅的关系；音色；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】手机利用电磁波传输信息是，适用于远距离通信；不同人的音色不同，根据音色不同，可以辨别熟人的声音；调节音量，可以改变声音的大小，即响度。故第1空填：电磁波；第2空填：音色；第3空填：响度。
【分析】手机利用电磁波传递信息；不同发声体音色不同，是辨别发声体的依据；声音的大小指响度不同。
9．（2025·东莞模拟）春节燃放烟花是人们庆祝和祈福的常见方式，如图所示。燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气发生　 　，从而发出巨大的声音；燃放烟花的过程中，空气中弥漫着浓浓的火药味，这属于　 　现象；为了不影响爷爷奶奶休息，小明将家中的门窗关起来，这是在　 　减弱噪声。
【答案】振动；扩散；传播过程中
【知识点】声音的产生；防治噪声的途径；分子热运动
【解析】【解答】声音是物体振动产生的，燃放烟花时，火药爆炸使其周围的空气振动，产生巨大的声音。
燃放烟花的过程中，闻到火药味，是扩散现象，是分子不停做无规则热运动造成的；
将门窗关起来，阻碍了噪声的传播，是在传播过程中减弱噪声。故第1空填：振动；第2空填：扩散；第3空填：传播过程中。
【分析】声音是物体振动产生的；温度气味，是分子运动形成的扩散现象；阻断声音的传播，是在传播途径处控制噪声。
10．（2025·东莞模拟）如图所示，已知凸透镜的焦距是10cm；用此凸透镜探究成像规律，如图甲所示，调整后在光屏上得到一个清晰的倒立　 　实像（选填“放大”或“缩小”），随着实验的进行，蜡烛在光屏上的像如图乙所示，要使成像继续在光屏中央，应将凸透镜向　 　（选填“上”或“下”）移动；此时将爷爷的老花眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，结果光屏上清晰的像变模糊了，若不改变蜡烛和凸透镜的位置，应将光屏向　 　（选填“远离”或“靠近”）凸透镜方向移动，才能使像变得清晰。
【答案】缩小；下；靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】已知凸透镜焦距，图甲中，物距，根据凸透镜成像规律，此时成倒立、缩小的实像；
实验中，蜡烛燃烧变短，像会向上移动。要使像继续成在光屏中央，可将凸透镜向下移动；
老花眼镜是凸透镜，对光线有会聚作用，会使像提前会聚。在蜡烛和凸透镜间放凸透镜，像靠近了凸透镜，应将光屏向靠近凸透镜方向移动，才能使像清晰。故第1空填：缩小；第2空填：下；第3空填：靠近。
【分析】物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立缩小的实像；蜡烛向下移动，像向上移动，凸透镜向下移动时，像向下移动；凸透镜对光有会聚作用，使成像靠近凸透镜移动。
11．（2025·东莞模拟）物理小组的同学们利用如图所示的实验装置，探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件。保持磁体不动，闭合开关，导体棒沿　 　（选填“上下”或“左右”）方向运动时，灵敏电流计的指针会发生偏转，此时　 　能转化为电能，生活中的　 　机就是根据这一原理制成的。
【答案】上下；机械；发电
【知识点】产生感应电流的条件；发电机的构造和原理
【解析】【解答】图中，闭合开关，磁体不动，导体棒沿上下方向运动时，导体棒会切割磁感线，灵敏电流计的指针发生偏转，则有感应电流产生，导体棒的运动获得了电能，将机械能转化为电能，生活中的发电机根据这一原理制成的。故第1空填：上下；第2空填：机械；第3空填：发电。【分析】闭合电路的部分导体，切割磁感线时，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，可以制成发电机。
12．（2025·东莞模拟）2024年5月，搭载嫦娥六号探测器的长征五号火箭成功发射，如图所示。火箭发射时，高温高压的燃气从尾部向下喷出，火箭获得上升的推力，这是因为力的作用是　 　的；探测器升空过程，质量　 　，重力势能　 　（后两空均选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】相互；不变；变大
【知识点】质量及其特性；势能的影响因素；力作用的相互性
【解析】【解答】发射火箭时，高温高压的燃气向下喷出，火箭对燃气施加向下的作用力，燃气对火箭施加向上的作用力，使火箭获得上升的推力，利用了力的作用是相互的；
质量是物体含有物质的多少，物体的质量不随位置而改变，探测器升空，质量不变。
探测器升空时，质量不变，高度变大，重力势能变大。故第1空填：相互；第2空填：不变；第3空填：变大。
【分析】物体间力的作用是相互的；质量是物体的属性，和空间位置无关；质量一定时，高度越大， 重力势能越大。
13．（2025·东莞模拟）如图所示是太阳能LED照明路灯．它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成．LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成　 　 能．太阳能是　 　 能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生　 　 （填“裂变”或“聚变”），释放出的核能．
【答案】光；可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】LED灯是发光二极管，通过电流时，把电能直接转化成光能；
太阳能可以从自然界源源不断的得到，是可再生能源；
在太阳内部，氢原子核在超高温作用下，发生核聚变，释放巨大的核能。故第1空填：光；第2空填：可再生；第3空填：聚变。
【分析】发光二极管将电能直接转化为光能；太阳能是可再生能源；太阳能内部通过核聚变释放能量。
14．（2025·东莞模拟）如图所示，这是中国航母“辽宁号”训练时舰载飞机起飞的情景。飞机起飞时能获得向上的升力，是因为机翼上方空气流速　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）机翼下方空气流速。飞机飞离航母后，航母所受的浮力将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），一架总质量为22t的舰载飞机从航母上起飞后，航母排开海水的体积将变化　 　m3。（海水＝1.1×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】大于；变小；20
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】飞机的机翼上方凸起，下方平齐，上方空气流速大于机翼下方空气流速，机翼上方压强小于下方，从而产生向上的升力。
航母始终漂浮，浮力等于重力，飞机飞离航母后，航母的总重力减小，浮力会变小。
一架总质量为22t的舰载飞机从航母上起飞后，航母所受浮力的减小量等于舰载机的重力，航母排开海水的体积减少量为：
。故第1空填：大于；第2空填：变小；第3空填：20。
【分析】流体在流速大的地方压强小；漂浮物体受到的浮力等于自身重力，重力减小，则浮力减小；根据，可以计算排开液体的体积。
三、作图题（共3小题，2+2+3,共7分）
15．（2025·东莞模拟）按要求作图。
（1）如图所示，小球漂浮在水面，请在O点画出小球受到的重力G和浮力F的示意图；
（2）如图所示是一条由空气射向水面的光线的反射光线，画出其对应的入射光线和折射光线的大致方向；
（3）在图中标出通电螺线管和小磁针的N极，以及磁感线的方向。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；重力示意图；浮力及其产生原因；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】（1）小球漂浮，浮力等于重力，重力竖直向下，浮力竖直向上，力的作用点在小球重心，故作图如下：
（2）光从空气斜射入水中，在水面反射时，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角；斜射入水中时，折射光线和入射光线在法线两侧，折射角小于入射角，作图如下：
（3）图中，电流从螺线管右端流入、根据右手螺旋定则，螺线管右端为N极，磁感线从N极出发，回到S极，图中磁感线方向向左；根据异名磁极相互吸引，小磁针左端为N极，作图如下：
【分析】（1）物体受到的重力竖直向下，受到的浮力竖直向上，漂浮的物体，浮力等于重力；
（2）光在反射时，反射角等于入射角，光从空气斜射入水中，折射角小于入射角；
（3）根据安培定则判断通电螺线管的磁极位置；磁感线的方向从N极出发，回到S极；小磁针的N极接近磁体的S极。
（1）小球漂浮在水面，受到重力和浮力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，浮力等于重力，力的作用点都画在小球重心，故作图如下：
（2）光反射时，反射光线和入射光线在法线两侧，反射角等于入射角；光从空气斜射入水中时，折射光线和入射光线在法线两侧，折射角小于入射角，作图如下：
（3）如图，电流从螺线管右端流入、左端流出，根据右手螺旋定则可知，螺线管右端为N极，磁感线从N极出发，回到S极，所以，图中磁感线向左；根据异名磁极相互吸引可知，小磁针左端为N极，作图如下：
四、实验题（共3小题，16题7分，17题7分，18题6分，共20分）
16．（2025·东莞模拟）按要求完成下列各小题。
（1）如图所示，物体的长度为　 　cm，秒表读数为　 　s。
（2）温度计的使用：
①实验室常用的温度计是根据液体的　 　的规律制成的；
②如图乙所示的温度计的示数是　 　℃。
（3）在“探究杠杆平衡条件”的活动中，实验选用的钩码重均为0.5N。
①实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，此时杠杆　 　（选填“是”或“不是”）处于平衡状态。
②如图乙所示，需要在B点挂上　 　个钩码，杠杆将在水平位置平衡；若两侧各减少一个钩码，杠杆　 　侧会下降。
【答案】（1）2.80；110
（2）热胀冷缩；-3
（3）是；4；右
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；刻度尺的使用；探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）图中，刻度尺的分度值为0.1cm，根据物体对应刻度尺的位置，物体的长度为：l=6.80cm-4.00cm=2.80cm；停表小盘分度值为0.5min，指针在1后偏向2，示数为1min，大盘示数应大于30s，大盘分度值为0.1s，示数为50.0s，则停表读数为：t=1min50.0s=110.0s；
（2）实验室温度计根据液体热胀冷缩的原理制成的；
如图，温度计的分度值为1℃，液柱上在0℃以下，示数为-3℃。
（3）探究杠杆平衡条件时，
①杠杆静止在如图甲，杠杆处于静止状态，杠杆处于平衡状态。
②图乙中，根据杠杆平衡条件，得：3×0.5N×4cm=n×0.5N×3cm，解得，n=4，需要在B点挂上4个钩码，杠杆将在水平位置平衡；
若两侧各减少一个钩码，则有：2×0.5N×4cm<3×0.5N×3cm，杠杆右侧会下降。
【分析】（1）根据物体对应刻度尺的位置，测量长度；根据秒表分钟指针和秒钟指针位置，测量时间；
（2）液体温度计根据液体的热胀冷缩制成，根据温度计液柱位置，测量温度；
（3）静止的杠杆是平衡的；根据F1L1=F2L2，计算杠杆上钩码个数，判断杠杆是否平衡。
（1）[1]如图，刻度尺的分度值为0.1cm，物体左端与4.00cm处对齐，右端与6.80cm处对齐，物体的长度为l=6.80cm-4.00cm=2.80cm
[2]停表小盘分度值为0.5min，指针在1和2之间，偏向2，示数为1min，大盘示数应大于30s，大盘分度值为0.1s，示数为50.0s，所以，停表读数为t=1min50.0s=110.0s
（2）[1]实验室常用的温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的，不同温度下温度计内液体的体积不同，玻璃管内液柱的长度不同，从而显示不同的温度。
[2]如图，温度计的分度值为1℃，液柱上表面在0℃以下，为零下温度，此时示数为-3℃。
（3）[1]实验前，杠杆静止在如图甲所示位置，杠杆处于静止状态，受力平衡，此时杠杆是处于平衡状态。
[2]根据杠杆平衡条件得3×0.5N×4cm=n×0.5N×3cm
解得，n=4，需要在B点挂上4个钩码，杠杆将在水平位置平衡
[3]若两侧各减少一个钩码，则有2×0.5N×4cm<3×0.5N×3cm
杠杆右侧会下降。
17．（2025·东莞模拟）为了探究滑动摩擦力的大小跟哪些因素有关，小明同学在如图所示的情景中，沿水平方向匀速拉动水平桌面上的木块，弹簧测力计的示数如图所示。
（1）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，则木块所受摩擦力的大小　 　（选填“大于”“小于”或“等于”）拉力的大小；
（2）甲、乙两次实验是为了探究滑动摩擦力的大小与　 　有关；
（3）在图丙所示的情景中，木块恰好做匀速运动。当拉力增大为4N时，木块受到的滑动摩擦力的大小为　 　N；
（4）小明想要验证滑动摩擦力与接触面积的大小是否有关，将木块切去一半，重复甲的操作过程，如图丁所示。比较甲和丁的实验结果，于是得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关。你认为他的结论　 　（选填“正确”或“错误”），理由是　 　。
（5）小明同学发现，实验过程中很难控制木块保持稳定的匀速运动，于是对实验进行了改进，如图戊所示。水平拉动木板向左运动，A弹簧测力计的示数为6N，B弹簧测力计的示数为2.6N，则木块受到的摩擦力方向为水平向　 　（选填“左”或“右”），木板与地面之间的摩擦力大小为　 　N。
【答案】（1）等于
（2）压力
（3）3.2
（4）错误；没有控制压力不变
（5）左；3.4
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】探究滑动摩擦力的大小的影响因素时，
（1）拉木块时，木块没被拉动，木块处于平衡状态，受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，两力大小相等；
（2）在甲、乙实验中，接触面粗糙程度相同，压力不同，可探究滑动摩擦力的大小与压力有关；
（3）图丙中，木块恰好做匀速运动，受到的滑动摩擦力和拉力平衡，弹簧测力计示数为3.2N，则木块受到滑动摩擦力为3.2N。当拉力增大为4N时，水平面的压力及接触面粗糙程度不变，木块受到的滑动摩擦力的大小不变，仍为3.2N；
（4）探究滑动摩擦力与接触面积的关系，应控制压力和接触面粗糙程度相同，只改变接触面积大小；当将木块切去一半时，在改变接触面积时，也改变了压力大小，没有控制压力不变，结论错误。
（5）图戊中，木块受到弹簧测力计B的拉力，保持静止，弹簧测力计B拉力为2.6N，方向水平向右，木块受到的滑动摩擦力方向水平向左，大小为2.6N。向左拉动木板的力为6N，木板与地面之间的摩擦力大小为：f=6N-2.6N=3.4N。
【分析】（1）拉动木块时，木块静止，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等；
（2）当接触面的粗糙程度相同时，压力不同，可以探究滑动摩擦力和压力的的关系；
（3）物体匀速直线运动时，拉力和摩擦力大小相等，当压力和接触面的粗糙程度不变时，增大拉力，摩擦力不变；
（4）探究滑动摩擦力和接触面积的关系，需要保持压力和接触面的粗糙程度相同；
（5）弹簧测力计拉动物体静止时，拉动和摩擦力相等；根据物体匀速直线运动受到平衡力，结合拉力和上面的摩擦力，计算物体和地面间的摩擦力。
（1）小明同学刚开始拉木块时，木块没有被拉动，木块受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，则木块所受摩擦力的大小等于拉力的大小。
（2）甲、乙两次实验，接触面粗糙程度相同，木块对水平面的压力不同，是为了探究滑动摩擦力的大小与压力有关。
（3）在图丙所示的情景中，木块恰好做匀速运动，此时，木块受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，弹簧测力计示数为3.2N，则木块受到滑动摩擦力为3.2N。当拉力增大为4N时，木块对水平面的压力及接触面粗糙程度不变，木块受到的滑动摩擦力的大小不变，仍为3.2N。
（4）[1][2]要验证滑动摩擦力与接触面积的大小是否有关，应控制压力和接触面粗糙程度不变，只改变接触面积大小；小明实验时，将木块切去一半，在改变接触面积的同时，也改变了压力大小，所以，他的结论是错误的，理由是没有控制压力不变。
（5）[1][2]木块在弹簧测力计B的拉力和木板对它的滑动摩擦力的作用下保持静止，这两个力是一对平衡力，大小相等，方向相反；弹簧测力计B拉力为2.6N，方向水平向右，所以，木块受到的滑动摩擦力方向水平向左，大小为2.6N。木板与地面之间的摩擦力大小为
f=6N-2.6N=3.4N
18．（2025·东莞模拟）在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，待测小灯泡标有“2.5V”字样，电源电压为6V且保持不变。
（1）请用笔画线代替导线，在图甲中将实验电路连接完整　 　（要求：闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗）
（2）连接好电路后，将滑片P移至最大阻值处再进行试触，发现小灯泡不发光，电流表无示数，电压表指针偏转角度太大，则原因可能是　 　。
（3）排除故障后，闭合开关，电压表的示数如图-2所示，为了完成实验，应将图-1中的滑片P向　 　（选填“左”或“右”）端移动，使电压表的示数为2.5V。
（4）根据实验记录的数据绘制成如图-3所示的图像，分析图像可知：①小灯泡正常发光时的电阻为　 　；②造成小灯泡的I-U图像不是一条直线的原因：　 　。
（5）受到上述实验的启发，为测量高温物体的温度，某同学将图-1电路改装成一个简易的温度传感器。思路如下：将图-1中的小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，选择图-1中的一个电表改装为温度显示仪，要求温度升高时，示数变大。请你分析：应将图-1中的　 　表改装为温度显示仪。
【答案】（1）
（2）灯泡断路
（3）左
（4）；小灯泡的电阻随温度的升高而增大
（5）电压
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】测量小灯泡正常发光时的电阻时，
（1）实验中，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片向右移动，灯泡变暗，则向右移动滑片，电流变小，向右移动滑片，滑动变阻器的阻值变大，故如下图所示：
（2）闭合开关，小灯泡不发光，电流表无示数，电路有断路，电压表示数较大，可能是灯泡断路；
（3）图2中，电压表的量程为，分度值为，根据指针位置，示数为，为使小灯泡正常发光，即达到额定电压2.5V，需减小滑动变阻器的阻值，使滑动变阻器分得的电压减小，应将图-1中的滑片P向左端移动；
（4）①图中，当小灯泡正常发光时，电压为2.5V，正常发光的电流0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为：；
②小灯泡的电压增大时，温度会升高，导致电阻变化，故小灯泡的I-U图像不是一条直线，是小灯泡的电阻随温度的升高而增大；
（5）当将小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，温度升高，电阻丝阻值增大，在串联电路中，电阻丝两端的电压增大，应将图-1中的电压表改装为温度显示仪，则温度升高，电压表示数变大。
【分析】（1）测量灯泡电阻时，滑动变阻器的滑片靠近下面的接线柱，电阻减小，灯泡亮度变大；
（2）在串联电路中，电流表无示数，电压表示数较大，电压表测量的位置断路；
（3）根据电压表量程和指针位置，测量电压，灯泡分压变大时，滑动变阻器的电阻减小，分压减小；
（4）根据，计算灯丝电阻大小；灯丝电阻随温度的升高而变大；
（5）电阻丝的阻值随温度的升高而变大，在串联电路中，分压变大。
（1）在“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验中，灯泡与滑动变阻器串联，闭合开关后，滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗说明向右移动滑片电流变小，向右移动滑片滑动变阻器的阻值变大，故如下图所示：
（2）发现小灯泡不发光，电流表无示数，可能是灯泡或滑动变阻器断路，电压表指针偏转角度太大，则原因可能是灯泡断路。
（3）由电路图可知，电压表测小灯泡两端电压，电压表的量程为如图-2可知，电压表分度值为，因此电压表读数为，由于灯泡的额定电压为，为使小灯泡正常发光即达到额定电压，根据串联电路分压特点可知，需减小滑动变阻器的阻值，使滑动变阻器分得的电压减小，灯泡分得的电压增大至，故应将图-1中的滑片P向左端移动。
（4）[1]由图像可知，当小灯泡正常发光时，电压时，正常发光的电流，则小灯泡正常发光时的电阻为
[2]小灯泡的电压增大时，温度会升高，导致电阻变化，因此不是一条直线，故造成小灯泡的I-U图像不是一条直线的原因是小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
（5）小灯泡换成与灯丝同种材料的电阻丝，温度升高，此种材料的电阻丝阻值增大，根据串联分压原理可知，电阻丝两端的电压增大，因此应将图-1中的电压表改装为温度显示仪。
五、计算题（共2小题，19题7分，20题6分，共13分）
19．（2025·东莞模拟）2025年春晚节目《秧BOT》中，16台人形机器人“福兮”与舞蹈演员共同表演东北秧歌，行云流水的舞步惊艳全场，如图所示，机器人能够快速移动，旋转手绢等高难度动作，若一个机器人的质量为60kg，双脚站立时与舞台的接触面积为0.02m2，在舞台上4s沿直线匀速移动2m。请完成下列问题：
（1）机器人4s内运动的速度；
（2）机器人双脚站立时对舞台的压强；（g取10N/kg）
（3）若机器人沿直线匀速运动时在水平方向上受到的平均阻力为重力的0.05倍，则4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率。
【答案】（1）解：机器人4s内运动的速度为：
（2）解：机器人双脚站立时对舞台的压强为
（3）解：机器人做匀速直线运动时，牵引力和阻力是一对平衡力，牵引力大小为
4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率为。
【知识点】功率计算公式的应用；速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）根据，可以计算机器人的速度；
（2）根据F=G=mg，计算水平面受到的压力，根据，计算压强；
（3）根据摩擦力和重力的关系，计算摩擦力，结合二力平衡，计算牵引力；根据P=Fv，计算功率。
（1）机器人4s内运动的速度为
（2）机器人双脚站立时对舞台的压强为
（3）机器人做匀速直线运动时，牵引力和阻力是一对平衡力，牵引力大小为
4s内机器人在水平方向上受到的牵引力做功的功率为
20．（2025·东莞模拟）如图乙所示为小明家两挡位电热水壶的简化电路原理图，S1为温控开关，当水沸腾时会自动断开。R1和R2为加热定值电阻，，保温挡的功率为110W。已知电源电压为220V。求：
（1）加热时流过R1的电流；
（2） R2的电阻；
（3）某次烧水，电热水壶将水加热至沸腾耗时5min，在这5min内电热水壶产生的热量。
【答案】（1）解：加热时S、S1闭合，R1与R2并联，保温时S闭合，S1断开，为R2的简单电路，加热时流过R1的电流为。
（2）解：R2的电阻为。
（3）解：加热时电功率为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功的计算；电功率的计算；多状态电路——多挡位问题
【解析】【分析】 （1）加热时S、S1闭合，R1、R2并联；根据求出加热时流过R1的电流；（2）在保温挡工作时S闭合、S1断开，此时只有R2工作，则保温挡的功率为R2的电功率，根据求出R2的电阻；
（3）在加热挡工作时，R1、R2并联；求出总电功率，根据求出电热水壶消耗的电能。
（1）加热时S、S1闭合，R1与R2并联，保温时S闭合，S1断开，为R2的简单电路，加热时流过R1的电流为
（2）R2的电阻为
（3）加热时电功率为
5min内电热水壶产生的热量为
六、综合能力题（共3小题，21题6分，22题6分，23题6分，共18分）
21．（2025·东莞模拟）八年级一班的同学们为了测量陈醋的密度，分组进行了以下实验，如图所示。
（1）小明所在小组在调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，则应将平衡螺母　 　（填“左”或“右”）端调节。
（2）接下来进行了以下操作，以下操作的正确顺序是：________（填字母代号）。
A．用天平测量烧杯和剩余陈醋的总质量m1
B．将待测陈醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯和陈醋的总质量m2
C．将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒，测出这部分陈醋的体积V
（3）由图可得：量筒中陈醋的质量为　 　g；陈醋的密度是　 　kg/m3
（4）小雨所在小组的同学们在实验时发现实验器材少了量筒，在没有量筒的情况下，他们设计了如下实验方案进行测量。
①向大烧杯中倒入适量的水，使质量为m1的玻璃杯漂浮在水面，用记号笔记下水面在玻璃杯上对应的位置b（如图甲）；
②倒出大烧杯中的水并擦干净，向大烧杯里倒入适量的陈醋，使玻璃杯漂浮在陈醋上（如图乙），向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与　 　相平，取出玻璃杯并擦干外面的陈醋，用天平测出玻璃杯和水的总质量为m2；
③陈醋密度的表达式为液=　 　（用题中所给的字母表示，已知水的密度为水）。
【答案】（1）左
（2）A；B；C
（3）44；1.1×103
（4）位置b；
【知识点】密度公式及其应用；液体密度的测量
【解析】【解答】测量陈醋的密度时，
（1）调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，图甲中，指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，应将平衡螺母向左端调节；
（2）实验时，先测出烧杯和陈醋的总质量，将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒后，再测烧杯和剩余陈醋的总质量，则正确顺序是BCA，可减小实验误差；
（3）图乙中，烧杯和陈醋的总质量为m2=82.4g，图丙中，烧杯和剩余陈醋的总质量为m1=38.4g，量筒中陈醋的质量为：m=44g，
图丁中，量筒中陈醋的体积为：V=40mL=40cm3
陈醋的密度为：
（4）不利用量筒测量密度时，为使甲乙两图中玻璃杯排开液体的体积相同，应向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与位置b相平。
玻璃杯漂浮在水面上，根据阿基米德原理和二力平衡：F浮1=ρ水gV排=m1g，
则排开液体的体积：……①
加水后的玻璃杯漂浮在陈醋上，同理得：F浮2=ρ液gV排=m2g……②
联立①②，可得陈醋密度的表达式为：。
【分析】（1）根据右偏左调，调节天平平衡；
（2）测量密度时，先测量总质量，将液体倒入量筒，测量剩余质量和量筒中液体的体积；
（3）根据天平上砝码和游码位置，测量质量，根据，计算密度；
（4）物体在不同液体中漂浮时，根据F浮=G物，F浮=ρ液gV排，利用排开的体积相等，可以计算未知液体的密度。
（1）在调节天平平衡时，将游码移到标尺的零刻度线处，发现指针偏向分度盘中央刻度线的右侧，根据“右偏左调”的原则，则应将平衡螺母向左端调节。
（2）为了减小实验误差，应该先测出烧杯和陈醋的总质量，将烧杯中的一部分陈醋倒入量筒后，再测烧杯和剩余陈醋的总质量，所以操作的正确顺序是BCA。
（3）[1]由图乙可知烧杯和陈醋的总质量为m2=82.4g，由图丙可知烧杯和剩余陈醋的总质量为m1=38.4g，故量筒中陈醋的质量为m=44g。
[2]由图丁可知量筒中陈醋的体积为V=40mL=40cm3
陈醋的密度为
（4）[1]为了使甲乙两图中玻璃杯排开液体的体积相同，应该向玻璃杯中倒水，直到陈醋液面与位置b相平。
[2]在图甲中玻璃杯漂浮在水面上根据阿基米德原理和二力平衡可知F浮1=ρ水gV排=m1g
由上式可推出排开液体的体积……①
在图乙中加水后的玻璃杯漂浮在陈醋上根据阿基米德原理和二力平衡可知F浮2=ρ液gV排=m2g……②
联立①②可得陈醋密度的表达式为
22．（2025·东莞模拟）2024年，国产新能源汽车强势崛起，以技术先进、功能丰富、性价比高等优点备受消费者青睐。小乐家借国家“汽车以旧换新补贴政策”的东风，换购了一辆“可油、可电”的新能源汽车，图甲是该车的主要部件结构图；
蓄电池容量 38kW·h
充电模式 适用范围 充电电压 充电电流
一 公共充电桩 380V 100A
二 家用充 电桩 220V 30A
（1）该车具有动能回收功能，在刹车或减速时，利用车身动能带动线圈切割磁感线发电，并把电能储存到蓄电池里，从而起到节能的作用。该过程中：发电原理是　 　。在某段行程中，通过该系统回收了4.6kW·h的电能，若这些能量由汽油发动机燃烧汽油来提供，则至少需要燃烧热值为4.6×107J/kg的汽油　 　kg；
（2）图乙所示是新能源汽车充电的场景，小乐家的汽车有两种充电模式可供选择，相关信息如下表所示，现需要把蓄电池电量从30%充电到80%，从节省充电时间的角度考虑，应选择模式　 　（选填“一”或“二”），在该模式下，所需充电时间为　 　h；
（3）如图丙所示，该车后视镜内部镶嵌了电热丝，使镜片具有防雾、除霜的功能。这是利用了电流通电后产生热量传递给镜片，使水蒸气遇到镜片后不能　 　（选填“吸收”或“放出”）热量，也就无法起雾或结霜，以保障行车安全。若通过电热丝的电流为0.5A，电热丝阻值为24Ω，则1min内电流在该电热丝上产生的热量是　 　J。
【答案】（1）电磁感应；0.36
（2）一；0.5
（3）放出；360
【知识点】液化及液化放热；燃料的热值；电功的计算；焦耳定律的应用；电磁感应
【解析】【解答】（1）汽车在刹车或减速时，车身动能带动线圈切割磁感线发电，把机械能转化为电能，储存到蓄电池里，发电原理是电磁感应原理；
根据回收的电能为：4.6kW·h=4.6×3.6×106J=1.656×107J，
根据汽油的热值，计算汽油的质量为：
（2）根据表格数据，把蓄电池电量从30%充电到80%，根据W=UIt，电能相同时，电压和电流更大的充电模式，所用的时间更短，选择模式一，可节省充电时间；
根据W=UIt，利用模式一充电，所需充电时间为：，
（3）后视镜内的电热丝，有防雾、除霜的功能，镜片吸收热量后内能增大，温度升高，镜片变暖。当水蒸气遇到温度较高的镜片时，不能放出热量进行液化或凝华，无法起雾或结霜，保障行车安全。
1min内，电流在该电热丝上产生的热量：。
【分析】（1）刹车发电时，机械能转化为电能，利用了电磁感应现象；根据，计算消耗的汽油；
（2）充电的电压、电流越大，电功率越大，电功一定时，用时少；根据，计算时间；
（3）水蒸气遇冷，发生液化或凝华现象；物体温度较高时，水蒸气不易遇冷；根据Q=I2Rt，计算电流产生热量。
（1）[1]在刹车或减速时，利用车身动能带动线圈切割磁感线发电，并把电能储存到蓄电池里，从而起到节能的作用。发电原理是电磁感应原理。
[2]在某段行程中，通过该系统回收了4.6kW·h的电能，因4.6kW·h=4.6×3.6×106J=1.656×107J
由得，若这些能量由汽油发动机燃烧汽油来提供，则至少需要燃烧热值为4.6×107J/kg的汽油的质量为
（2）[1][2]根据题意可知，要把蓄电池电量从30%充电到80%，由W=UIt得，在W相同的情况下，电压更高，电流更大的充电模式，所用的时间更短，所以从节省充电时间的角度考虑，应选择模式一。
[3]由W=UIt得，在模式一下充电，所需充电时间为
（3）[1]该车后视镜内部镶嵌了电热丝，使镜片具有防雾、除霜的功能。这是利用了电流的热效应，即电流通过导体时会产生热量。电热丝产生的热量通过热传递的方式传递给低温的镜片，镜片吸收热量后内能增大，温度升高，镜片变暖。当水蒸气遇到温度较高的镜片时，就不能放出热量进行液化或凝华，因此也就无法起雾或结霜，从而保障了行车安全。
[2]1min内电流在该电热丝上产生的热量
23．（2025·东莞模拟）阅读下列材料，回答问题。
汽车防冻液
汽车在行驶时，发动机的温度会升得很高。为确保安全，可用水循环进行冷却，实际上，水中往往还要加入不易挥发的防冻液（原液），加入防冻液后的混合液冬天不容易凝固，长时间开车也不容易沸腾。有关资料表明，防冻液与水按不同的比例混合，混合液的凝固点、沸点不同，具体数值参见下表（表中防冻液含量是指防冻液在混合液中所占体积的百分比）。
防冻液含量 30% 40%` 50% 60% 70% 80% 90%
混合液的凝固点/℃ -17 -28 -37 -49 -48 -46 -28
混合液的沸点/℃ 103 104 107 111 117 124 141
在给汽车水箱中加防冻液时，宜使混合液的凝固点比本地常年最低气温低10~15℃，考虑到混合液比例不当会影响散热效果，因此，混合液中防冻液的含量不宜过高。
（1）汽车发动机用水来冷却，这是因为水的　 　较大；
（2）如图所示打开水箱盖时，上方冒出“白气”，这是　 　现象；
（3）在混合液中，如果防冻液含量由30%逐渐增大到90%，则混合液凝固点的变化情况是（　　）（填字母）；
A．逐渐升高 B．逐渐降低
C．先升高后降低 D．先降低后升高
（4）若某地常年最低气温为-15℃，对该地区汽车来说，在表中不同防冻液含量的混合液中，宜选含量为　 　的防冻液；
（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点　 　（填“升高”“降低”或“不变”），其原因是　 　。
【答案】（1）比热容
（2）液化
（3）D
（4）40%
（5）升高；水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高
【知识点】熔点和凝固点；液化及液化放热；比热容
【解析】【解答】（1）水的比热容较大，水和其它物质比较，质量和升高的温度相同，水吸收的热量多，降温效果好，汽车发动机用水来冷却；
（2）水箱上方冒出 “白气”，是水箱内的水蒸气遇冷，液化形成的小水滴；
（3）根据表格数据，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点从30%到60%，后从60%到90%，即先降低后升高，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）混合液的凝固点应比最低气温低10~15℃，某地最低气温为 15℃，即混合液凝固点约为 30~ 25℃。根据表格，防冻液含量为40%时，混合液凝固点为 28℃，满足要求；
（5）长时间使用后，汽车水箱中的混合液的水蒸发，防冻液的含量相对增加。根据表格，防冻液含量增大，混合液的沸点升高。
【分析】（1）水的比热容较大，吸热能力强；
（2）水蒸气变为小水滴，属于液化现象；
（3）根据防冻液含量不同，凝固点不同，判断变化规律；
（4）防冻液的凝固点要比环境的最低温度低10~15℃，结合实际温度，判断防冻液的含量；
（5）防冻液中水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。
（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机用水来冷却。
（2）打开水箱盖时，上方冒出 “白气”，是水箱内的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，属于液化现象。
（3）由表格数据可知，当防冻液含量由30%逐渐增大到90%时，混合液凝固点先降低（30%到60% ），后升高（60%到90% ），所以变化情况是先降低后升高，故ABC不符合题意，D符合题意。
故选D。
（4）某地常年最低气温为 15℃，混合液的凝固点应比本地常年最低气温低10~15℃，即混合液凝固点约为 30~ 25℃。由表格可知，防冻液含量为40%时，混合液凝固点为 28℃，满足要求，所以宜选含量为40%的防冻液。
（5）[1][2]长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少，是因为水蒸发，防冻液的含量相对增加。由表格可知，防冻液含量增大，混合液的沸点升高，所以与原来相比，混合液的沸点升高，原因是水蒸发，防冻液含量相对增加，混合液沸点升高。
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