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2025年吉林省长春五十二中中考物理四模试卷
一、单选题：本大题共8小题，共16分。
1.同学们佩戴眼镜的镜框宽度约为（　　）
A. 15m B. 15dm C. 15cm D. 15mm
2.放烟花时“响彻云霄”描述的是声音的（　　）
A. 响度 B. 音调 C. 音色 D. 频率
3.今年冬季南湖公园冰面再现30米长的“冰龙”，人们发现“冰龙”在冬天也会逐渐变小。冰雕在变小过程中发生的主要的物态变化是（　　）
A. 熔化 B. 液化 C. 凝华 D. 升华
4.下列是张贴在加油站的部分安全标识，其中与静电现象有关的是（　　）
A. 禁止吸烟 B. 禁止穿化纤衣服
C. 禁止放易燃物 D. 熄火加油
5.近几年冰雪旅游流行，很多南方人来长春游玩，下列现象中，属于分子热运动的是（　　）
A. 厚厚的积雪被堆成雪人 B. 南湖公园广场人们跳的广场舞
C. 从天而降的鹅毛大雪 D. 桂林路美食街飘来美食的香味
6.有一款太阳能充电宝，正面为一个太阳能电池板，里面有一个蓄电池，它可以给手机等便携电子产品供电。下列说法中正确的是（　　）
A. 充电宝的塑料外壳是绝缘体
B. 利用太阳能给充电宝充电时充电宝相当电源
C. 充电宝给手机充电时输出电压为36V
D. 充电宝有两个输出端可以单独或同时充电，这两个接口是串联的
7.目前我国的光伏发电装机容量已位居世界第一。下列关于利用太阳能的说法正确的是（　　）
A. 光伏发电是将电能转化为光能
B. 光伏发电利用的太阳能是可再生能源
C. 太阳能是太阳内部氢原子核发生裂变释放的能量
D. 根据能量守恒定律，自然界的能量是守恒的，不需要节约能源
8.滑雪运动员从山上沿着斜面向下滑行，下列说法正确的是（　　）
A. 运动员下滑过程中机械能守恒
B. 若运动员下滑速度大小保持不变，则一定处于平衡状态
C. 比赛中运动员使用的滑雪板越轻越好，可用轻薄的纸板制作
D. 比赛中部分赛道会使运动员腾空而起，在空中滑翔时运动员仍然受到力的作用
二、多选题：本大题共2小题，共4分。
9.下列与拉杆箱相关的说法中正确的是（　　）
A. 拉杆箱的把手处做得很宽大柔软，是为了增大压强
B. 如图使用拉杆箱时，可把拉杆箱看作省力杠杆
C. 拉着拉杆箱坐电梯下楼时重力对拉杆箱做功
D. 地面和轮之间的摩擦属于滑动摩擦
10.寒冷的冬天很多家庭选择电暖器作为取暖设备，如图为某品牌电暖器，该电暖器可连接无线网络并通过手机的程序进行控制，实现定时启动、改变加热功率等功能，关于该电暖器下列说法中错误的是（　　）
A. 通过手机程序控制电暖器时，利用了电磁波传递信息
B. 该电暖器是利用内能做功的机械
C. 电暖器由低温挡调到高温挡时，整个电路的电阻变大，电功率变大
D. 相对传统的电热丝，超导材料电阻为零可以提高电流，是制作电热丝的理想材料
三、填空题：本大题共2小题，共8分。
11.长春54路有轨电车始建于1941年，是现存中国历史最悠久的有轨电车线路之一。
（1）乘客候车时要站在安全线以外，因为列车驶来时会使周围空气流速变大，压强变______；
（2）列车行驶过程中，乘客以列车为参照物，车窗外大树的运动状态是______的；
（3）该列车采用电力驱动，电动机工作时将电能转化为______能；
（4）列车制动后不能立即停下，因为列车具有______。
12.重力储能是一种新型储能方式，它通过提升或放下重物实现能量的储存或释放，能量转化过程如图1所示，重力储能可有效提升风能、太阳能等新能源的综合开发利用水平，如图2所示为某风力发电重力储能综合项目，其中单个风力发电机组的发电功率为1500kW，某次风能充沛时，系统利用风能发电的富余电能，将重为6×104N的重物从地面提升至30m的高度处，实现能量储存，根据相关信息，完成以下问题。
（1）风能充沛时，将风能发电的富余电能转换成______能储存起来；
（2）单个风力发电机组发电2h产生的电能是______kW h；
（3）储能系统将重物匀速提升至30m高处的过程中，系统对重物所做的功是______J；
（4）储能系统将重物从30m高处放回地面的发电过程中，产生的电能为1.44×106J，则该过程的发电效率是______。
四、实验探究题：本大题共6小题，共31分。
13.在“探究水沸腾时的温度变化特点”的实验中：
（1）调整图甲装置的陶土网高度时，是否点燃酒精灯？______；
（2）正确调整实验装置后，在水温升到90℃时开始计时，每隔0.5min记录一次温度。其中第1min时的温度计示数如图乙所示，此示数为______℃；
（3）图______（选填“①”或“②”）所示的现象表示水正在沸腾；记录的数据如表中所示，分析数据可得出结论：水沸腾时，温度变化特点是______；
时间t/min 0 0.5 1.0 1.5 2.0 2.5 3.0 3.5 4.0
温度t/℃ 90 92 96 98 98 98 98 98
（4）为了进一步验证水沸腾时的条件，该同学进行了创新实验，如图丙所示。当烧杯中的水不断沸腾的过程中，试管中的水______（选填“会”或“不会”）沸腾。
14.在“探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系”的实验中：
（1）在连接电路时，开关应处于______状态；
（2）图乙中移动一根导线就可以测量甲图中C处的电流，请你在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线正确连接电路；
（3）闭合开关前电流表的指针出现了如图丙所示的情况，出现该现象的原因是______；在排除故障后，电流表测量C处电流的示数如图丁所示，则电流表的示数为______A；
（4）测出A、B、C三处的电流如表所示，由此得出初步结论：并联电路中______。有同学指出：为了得出更普遍的规律，应______。
位置 A B C
电流/A 0.54 0.30
15.如图所示的是探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验。
（1）将木块放在水平木板上，每次都用弹簧测力计沿水平方向拉着木块做______运动，根据______原理测出摩擦力大小；
（2）请在图甲中画出木块受到摩擦力示意图；
（3）比较甲和乙两次实验得出的结论是：______；
（4）在做图丙实验时（整个木板表面铺上毛巾）拉动木块没有及时停下来，当木块有七分之一滑出毛巾表面还未停止滑动时，木块受到的滑动摩擦力______7.4N（选填“大于”“小于”或“等于”）。
16.实验小组探究凸透镜成像的规律，凸透镜焦距为10cm：
（1）实验时，先将F型光源、凸透镜和光屏依次放在光具座上，调节F型光源、凸透镜和光屏，使它们的中心在______，目的是______；
（2）若如图所示位置，光屏上恰好成一清晰的像，该像的性质是倒立、______的实像；
（3）若保持图中凸透镜的位置不变，将光源的位置向右移动至30cm处，则应该将光屏向______侧移动适当距离才能在光屏上再次成清晰的像，此时像与物体的大小关系是______。
17.在“探究产生感应电流的条件”的实验中，实验电路如图所示，在磁场中悬挂一根导体棒AB，把它的两端跟灵敏电流计连接起来，组成闭合回路。
（1）实验中通过观察______来判断电路中是否有感应电流；
（2）闭合开关，让导体棒AB沿______方向运动时，能产生感应电流；根据这一原理制成了______；
（3）如果将灵敏电流计换成______，可以探究磁场对通电导线的作用。
18.炒菜、做饭、采暖……燃气为我们生活带来了极大的便利。但当密闭空间中燃气的浓度达到5%-15%的时候遇到明火便会发生爆炸。如图乙是模拟燃气泄漏报警器的电路图，已知电源电压恒为15V，R是电阻箱，R1是气体传感器中的气敏电阻，其阻值与燃气浓度间的关系如图丙所示。报警原理是报警器相当于一个并联在某电阻两端的电压表，当燃气浓度升高时，报警器两端的电压会升高，当电压大于等于2.5V时，报警器就会发出声光报警。
（1）使用燃气的场所都应安装燃气报警器，安装的具体位置应根据被检测气体相对于空气的密度来决定。如果家中使用的是天然气（主要成分是密度比空气小的甲烷），则报警器应安装在厨房（如图甲）______区域（选填“A”或“B”）；
（2）由图丙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值大小将______；
（3）报警器应接在图乙电路图中的______两点之间；
（4）如果要将报警值设定为燃气浓度达到1.25%就进行报警，那么应该将电阻箱的阻值调到______Ω；
（5）如果发现室内燃气泄漏了你该怎么办？______。（写出一条即可）
五、综合题：本大题共2小题，共11分。
19.五一假期，小明一家人从家中出发开车去西湖公园游玩。
（1）小明坐在座位上时，车座凹陷下去，说明力能改变物体的______；
（2）早上气温较低，爸爸打开空调，暖风通过______的方式增大车厢内空气的内能；
（3）汽车的速度约为40km/h,开车时间0.5h,小明家到西湖公园的路程约为______km；
（4）西湖公园水域宽阔，有效调节了周围环境的温度，这是因为水的______大。
20.如图甲所示，人们为了打捞铁牛用两艘大船装满泥沙，用铁索将铁牛拴到大船上，然后卸掉船里的泥沙，随着船逐渐上浮，沉在河底的铁牛便被拉出来了，其简化模型如图乙所示。容器中装有水，装有适量小石块的圆柱体小桶A（足够高）的底面积为容器底面积的，一个正方体物体B沉在容器底部（B与容器底接触但不密合），AB间用不可伸缩的细线连接。（已知小石块的密度为2.5×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）当细线刚好被拉直且无拉力时，水深40cm,水对容器底的压强为______Pa；
（2）物体B边长为10cm,细线刚好被拉直且无拉力时，物体B所受的浮力为______N；
（3）将小桶A中的2.5kg小石块卸入到容器中的水里才能使物体B刚好被拉起，推理计算出B的密度。（请写出必要的文字说明和推理过程）
1.【答案】
【解析】解：由生活经验知眼镜的镜框宽度约为15cm=150mm=1.5dm=0.15m,故C正确。
故选：C。
根据生活经验和对长度单位的认识分析。
本题考查长度的估测，要认真观察生活，注意收集生活中常见的长度数据。
2.【答案】
【解析】解：“响彻云霄”指声音很大，即描述声音响度大，故A正确，BCD错误。
故选：A。
乐音有三个特性，音调、响度和音色，响度与声源振动的幅度和距离声源的距离有关，振动幅度越大，响度越大；
音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高；音色反映了声音的品质与特色。
解决此题要结合声音的特征进行分析判断，牢记影响声音三特性的因素是解决该题的关键。
3.【答案】
【解析】解：人们发现“冰龙”在冬天也会逐渐变小，这是冰由固态直接变为气态的过程，属于升华现象，故ABC错误，D正确。
故选：D。
物质由固态直接变成气态的过程叫升华。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】
【解析】解：ACD、禁止吸烟、禁止放易燃物品、熄火加油，都是与禁止明火有关，由静电现象无关，故ACD不符合题意；
B、若穿化纤衣服，化纤衣服与人体之间或化纤衣服和其它衣服之间会因为摩擦产生静电，从而产生电火花，有发生爆炸的危险，所以在加油站应禁止穿化纤衣服，故B符合题意。
故选：B。
根据题中所给标志的含义结合需要张贴的环境进行分析。
在解答此类题时，首先分析所给标志的含义，然后结合具体的张贴环境进行分析。
5.【答案】
【解析】解：A、厚厚的积雪被堆成雪人，是积雪的位置发生了变化，属于物体的机械运动，不是分子的运动，故A不符合题意。
B、南湖公园广场人们跳的广场舞，是人的整体运动，属于机械运动，与分子热运动无关，故B不符合题意。
C、从天而降的鹅毛大雪，是雪花在重力作用下的宏观运动，是机械运动，不是分子的无规则运动，故C不符合题意。
D、桂林路美食街飘来美食的香味，是因为美食中的香味分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，被人闻到，属于分子热运动，故D符合题意。
故选：D。
一切物质的分子都在不停地做无规则运动。这种无规则运动叫作分子的热运动。
此题考查了生活中常见的扩散现象，比较简单，属基础题。
6.【答案】
【解析】解：A、绝缘体不容易导电，充电宝的塑料外壳要防止漏电，其选择的材料是绝缘体，故A正确；
B、利用太阳能给充电宝充电时，充电宝消耗电能，存储化学能，相当于用电器，故B错误；
C、充电宝给手机充电时输出电压为5V，故C错误；
D、并联电路各支路互不影响，充电宝有两个输出端可以单独或同时充电，这两个接口是并联的，故D错误。
故选：A。
（1）绝缘体不容易导电；
（2）用电器消耗电能，电能提供电能；
（3）充电宝给手机充电时输出电压为5V；
（4）并联电路各支路互不影响。
本题考查常见电压的大小、绝缘体的判断、电路的组成和并联电路的判断，难度不大。
7.【答案】
【解析】解：A、光伏发电将太阳能转化成电能，故A错误；B、太阳能可以源源不断得获得，是未来的理想能源之一，是可再生能源，故B正确；C、太阳能是太阳内部氢原子核发生聚变释放的能量，故C错误；D、自然界的能量是守恒的，但是能量的转移和转化具有方向性，我们需要节约能源，故D错误。
故选：B。
（1）光伏发电将太阳能转化成电能；
（2）能够源源不断从自然界中获取的能源是可再生能源；
（3）太阳内部每时每刻都在发生核聚变；
（4）自然界中的能量是守恒的，但是能量的转化与转移是有方向性的。
本题考查了对太阳能的了解与应用，属基础题，难度不大。
8.【答案】
【解析】解：A、运动员在整个滑雪过程中由于存在空气阻力和摩擦力，所以机械能不守恒，故A错误；
B、运动员下滑过程中，速度的方向和大小不断发生变化，处于非平衡状态，故B错误；
C、滑雪板除了轻，还得结实，不可用轻薄的纸板制作，故C错误；
D、比赛中部分赛道会使运动员腾空而起，在空中滑翔时运动员仍然受到重力的作用，故D正确。
故选：D。
（1）在不计空气阻力和摩擦时，机械能守恒；
（2）平衡状态是指处于静止或匀速直线运动的物体；
（3）滑雪板应选用质地轻和结实的材料；
（4）地球周围的物体，都受到重力作用。
本题通过滑雪运动的场景，考查了对平衡状态的判断、机械能守恒条件的理解以及重力的认识，有一定综合性，但难度不大。
9.【答案】
【解析】解：A、拉杆箱的把手处做得很宽大柔软，是为了增大接触面积，从而减小压强，使手部感到更舒适，故A错误；
B、使用拉杆箱时，当拉杆被拉起，拉杆箱的重心位于拉杆与地面接触点之前，此时拉杆箱可以看作一个省力杠杆，因为动力臂大于阻力臂，故B正确；
C、拉着拉杆箱坐电梯下楼时，拉杆箱在重力的作用下向下移动，重力的方向与移动方向相同，因此是电梯对拉杆箱做了功，故C正确；
D、地面和轮之间的摩擦属于滚动摩擦，而不是滑动摩擦，滚动摩擦通常比滑动摩擦小得多，这也是为什么拉杆箱移动起来比较轻松的原因，故D错误。
故选：BC。
（1）在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；
（2）根据杠杆的分类：动力臂大于阻力臂是省力杠杆；动力臂小于阻力臂是费力杠杆；动力臂等于阻力臂为等臂杠杆；
（3）当物体在重力作用下沿重力方向移动时，重力对物体做功。
（4）地面和轮之间的摩擦属于滚动摩擦，而不是滑动摩擦。
本题主要考查减小压强的方法、杠杆分类、是否做功的判断、摩擦的分类，属于基础题目。
10.【答案】
【解析】解：A、通过手机程序控制电暖器时，是因为电磁波能传递信息，故A正确；
B、电暖器工作时将电能转化为内能，再利用内能来进行加热，故B错误；
C、电暖器由低温挡调到高温挡时，相同时间内电暖器放出的热量更多，消耗的电能更多，根据P=可知，电暖器的电功率变大，电源电压不变，由P=可知，整个电路的总电阻变小，故C错误；
D、相对传统的电热丝，超导材料的电阻为零，由焦耳定律可知电流通过超导材料时不会产生热量，所以不能用超导材料来制作电热丝，故D错误。
故选：BCD。
（1）电磁波可以传递能量和信息；
（2）电暖器工作时将电能转化为内能；
（3）根据P=和P=分析解答；
（4）电热丝的工作原理是电流的热效应，电流通过导体产生的热量与通过导体的电流、导体的电阻和通电时间有关。
本题考查了电磁波的应用、内能的利用、对超导材料的认识以及电功率多挡位问题，是一道综合题，难度不大。
11.【答案】
【解析】解：（1）乘客候车时要站在安全线以外，因为列车驶来时会使周围空气流速变大，压强变小；
（2）列车行驶过程中，乘客以列车为参照物，车窗外大树相是运动的；
（3）该列车采用电力驱动，电动机工作时将电能转化为机械能；
（4）列车制动后不能立即停下，因为列车具有惯性。
故答案为：（1）小；（2）运动；（3）机械；（4）惯性。
（1）在流体中，流速越大的位置压强越小。
（2）物体相对参照物的位置变化了，物体是运动的；物体相对参照物的位置不变，物体是静止的。
（3）电动机工作时，将电能转化为机械能。
（4）任何物体保持运动状态不变的性质叫惯性。
本题考查的是流体的压强与流速的关系；知道运动和静止的相对性；知道电动机的工作原理和惯性。
12.【答案】
【解析】解：（1）由题意可知，重力储能实质上是将能量以重力势能的形式储存起来。
（2）单个风力发电机组发电2h平均产生的电能W=Pt=1500kW×2h=3000kW h,
（3）储能系统将重物匀速提升至30m高处的过程中，系统对重物所做的功W有用=Gh=6×104N×30m=1.8×106J；
（4）产生的电能为1.44×106J，则发电效率η===80%。
故答案为：（1）重力势；（2）3000；（3）1.8×106；（4）80%。
（1）重力势能与质量和高度有关；
（2）根据W=Pt求出单个风力发电机组发电2h产生的电能；
（3）利用W=Gh求出重力储能系统对重物做的功；
（4）根据效率公式出重力储能系统放下重物发电的效率。
此题主要考查的是学生对电能、重力、功、功率和效率公式的理解和掌握，难度较大。
13.【答案】
【解析】（1）实验中，需要用酒精灯的外焰加热，因此调整陶土网的高度时，需要点燃酒精灯，根据酒精灯的火焰调整陶土网的高度，因此实验时要先固定铁圈B，再安装铁圈A；
（2）由图乙可知，温度计的分度值为1℃，液面在90℃以上第5小格处，此示数为94℃；
（3）水沸腾时，整个容器内水温相同，气泡在上升过程中，受到水的压强逐渐减小，同时水汽化产生的水蒸气不断进入气泡，所以气泡越来越大，因此图①所示的现象表示水正在沸腾。分析数据可得出结论：水沸腾时，持续吸热，温度保持不变；
（4）当大试管中的水不断沸腾的过程中，小试管中的水不会沸腾。因为大试管中的水沸腾时温度保持沸点不变，小试管中的水虽然能达到沸点，但由于和大试管中的水温相同，不能继续吸热，所以不会沸腾。
故答案为：（1）是；（2）94；（3）①；持续吸热，温度保持不变；（4）不会。
（1）为了用酒精灯的外焰加热，安装器材时，应该点燃酒精灯；
（2）读温度计示数时，要认清分度值，同时观察液面是否在0以下；
（3）水沸腾时，温度不变，水中产生大量气泡，上升变大，到水面破裂放出大量的水蒸气；
（4）水沸腾特点吸热，温度保持不变。
本题是探究水的沸腾实验，涉及到器材的组装、水的沸腾特点，难度不大。
14.【答案】
【解析】（1）在连接电路时，为了保护电路元件不被损坏，开关应处于断开状态。（2）要测量甲图中C处的电流，即测量通过L2支路的电流，需要将电流表与L2串联。电路如图所示：
（3）闭合开关前电流表的指针出现如图丙所示的情况，指针未指在零刻度线处，这是因为电流表在使用前指针未调零。
观察图丁，电流表选择的是0～0.6A量程，其分度值为0.02A，指针指在0.2A后第2小格处，所以电流表的示数为0.2A+2×0.02A =0.24A。
（4）由表格中数据可知，IA=IB+IC，由此得出初步结论：并联电路中干路电流等于各支路电流之和。为了得出更普遍的规律，避免实验结论的偶然性，应换用不同规格的小灯泡进行多次实验。故答案为：（1）断开；（2）见解析图；（3）电流表在使用前指针未调零；0.24；（4）干路电流等于各支路电流之和；更换不同规格的灯泡多次实验。
（1）在连接电路时，开关应处于断开状态。（2）要测量甲图中C处的电流，需要将电流表与L2串联，据此修改实物图。
（3）闭合开关前电流表的指针未指在零刻度线处，这是因为电流表在使用前指针未调零。观察图丁电流表的量程、分度值，再读数。（4）并联电路中干路电流等于各支路电流之和。为了得出更普遍的规律，应换用不同规格的小灯泡进行多次实验。
本题探究并联电路中干路电流与各支路电流的关系实验，掌握串并联电路电流特点是关键。
15.【答案】
【解析】（1）只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡，拉力大小才等于摩擦力的大小；
（2）弹簧测力计的分度值为0.2N，弹簧测力计的示数为3.4N，根据二力平衡可知，图甲中木块所受摩擦力大小f=3.4N，方向水平向左，作用点在接触面上，力的示意图如图所示：
（3）对比甲、乙两次实验知，压力相同，乙中接触面更粗糙，测力计示数更大，所受滑动摩擦力更大，故得到结论：压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；
（4）拉动木板没有及时停下来，当木块有七分之一滑出木板表面的时候，由于压力和接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力大小不变，仍为7.4N。
故答案为：（1）匀速直线；二力平衡；（2）见解答图；（3）压力相同时，接触面粗糙程度越大，滑动摩擦力越大；（4）等于。
（1）将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动，使木块做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数，其原理是二力平衡；
（2）确定滑动摩擦力的方向和大小，画出木块所受摩擦力的示意图；
（3）影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；
（4）滑动摩擦力大小与压力和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法解答。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和反常现象的分析，体现了对过程和方法的考查。
16.【答案】
【解析】（1）实验中调节光屏、凸透镜、光源的中心大致在同一高度处，是为了使像能成在光屏的中央；
（2）将光源移至光具座20cm处，所以此时物距u=30cm＞2f,所以成倒立、缩小的实像；
（3）保持图中凸透镜的位置不变，将光源的位置向右移动至30cm处，u=50.0cm-30.0cm=20.0cm=v=2f,物距等于像距，成倒立、等大的实像，物与像大小相等。
故答案为：（1）同一高度；使像能成在光屏的中央；（2）缩小；（3）右；大小相等。
（1）要使像能成在光屏的中央，应调节光屏、凸透镜、光源的中心大致在同一高度处；
（2）知道当物距大于2倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；
（3）成实像时，物距等于像距，物与像大小相等。
本题考查探究凸透镜成像规律实验，关键是将课本知识内容记忆清楚，仔细分析即可。
17.【答案】
【解析】（1）由转换法，实验中通过观察灵敏电流计来判断电路中是否有感应电流；
（2）闭合开关，让导体棒AB沿水平方向运动时，导体切割磁感线，故能产生感应电流；根据这一原理制成了发电机；
（3）探究磁场对通电导线的作用，电路中要有电流，如果将灵敏电流计换成电源，可以探究磁场对通电导线的作用。
故答案为：（1）灵敏电流计；（2）水平；发电机；（3）电源。
（1）由转换法，在探究感应电流的实验中，是通过灵敏电流表指针的偏转来确定感应电流的产生的；
（2）产生感应电流的条件是闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；电磁感应现象的运用是发电机；
（3）探究磁场对通电导线的作用，电路中要有电流。
本题探究产生感应电流的条件，考查转换法的及发电机的原理，并与磁场对通电导线的作用实验比较。
18.【答案】
【解析】（1）由题意可知天然气的密度小于空气的密度，泄漏后会很快上升到室内的上方，结合图甲可知，报警器应安装在厨房的A区域；
（2）由图丙可知，当燃气浓度升高时，气敏电阻R1的阻值变小；
（3）由图乙可知，气敏电阻R1与电阻箱R串联，
当燃气浓度升高时，R1的阻值变小，电路的总电阻变小，而电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中电流变大，由公式U=IR可知电阻箱R两端的电压变大；由题知，当燃气浓度升高时，报警器两端的电压会升高，故报警器接在图乙电路图中BC位置；
（4）若燃气浓度达到1.25%就进行报警，由图丙可知此时R1的阻值为50Ω，
由题意可知，报警时电阻箱R两端的电压为2.5V，
由串联电路的电压特点可知，R1两端的电压为：U1=U-UR=15V-2.5V=12.5V，
根据串联电路的分压规律可得，
代入数据可得：，
解得R=10Ω，即应该将电阻箱的阻值调到10Ω；
（5）由物理常识可知，室内燃气泄漏时，应迅速关闭阀门，并开窗通风。
故答案为：（1）A；（2）变小；（3）BC：（4）10；（5）立刻开窗通风。
（1）根据天然气的主要成分是密度比空气小的甲烷进行分析；
（2）由图丙可知，气敏电阻的阻值随燃气浓度的增加而减小；
（3）图乙中气敏电阻R1与电阻箱R串联，当燃气浓度升高时，R1的阻值变小，根据电阻的串联和欧姆定律可知电路中电流的变化，由U=IR可知电阻箱R两端电压的变化，已知当燃气浓度升高时报警器两端的电压会升高，据此确定报警器在电路中的位置；
（4）若燃气浓度达到1.25%就进行报警，由图丙可知此时R1的阻值，根据题意可知报警时电阻箱R两端的电压，由串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联分压的规律求出此时电阻箱的阻值；
（5）室内燃气泄漏时，应迅速关闭阀门并开窗通风，切不可立即开灯或打开排气扇，以防产生电火花引发爆炸。
本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，从图象中获取有用的信息以及明白报警器的工作特点是关键。
19.【答案】
【解析】（1）小明坐在座位上时，车座凹陷下去，车座的形状发生变化，说明力能改变物体的形状；
（2）早上气温较低，爸爸打开空调，通过热传递的方式改变车厢内空气的内能；
（3）小明家到西湖公园的路程s=vt=40km/h×0.5h=20m；
（4）因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温。
故答案为：（1）形状；（2）热传递；（3）20；（4）比热容。
（1）力能改变物体的形状；
（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；
（3）根据s=vt得到小明家到西湖公园的路程；
（4）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。
本题考查力的概念、内能的改变、速度的计算和比热容的知识，属于综合题。
20.【答案】
【解析】（1）水深h=40cm=0.4m,此时水对容器底的压强为：p=ρ水gh=10×103kg/m3×10N/kg×0.4m=4000Pa；
（2）细线刚好被拉直但无拉力时，根据阿基米德原理中，物体B所受的浮力为：F浮=ρ水gV排=10×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3=10N；
（3）物体B刚好被拉起时，根据受力平衡知，绳子的拉力为：T=GB-F浮；
假设小桶A及石头的总质量为M，投出去的石头质量为m,在细绳刚好拉直时，小桶A受到的浮力和自身重力相等，则有F浮=Mg；物体B刚好被拉起时，投出去的石头质量为m,水面上升Δh,剩下石块的重力为Mg-mg,小桶A受到的浮力变化量为ΔF浮，即：ΔF浮=ρ水gΔhSA=ρ水gΔV排，小桶A此时的浮力为F′浮=Mg+ΔF浮，由于力的作用是相互的，根据平衡条件，有Mg+ΔF浮=Mg-mg+T，即：ΔF浮=T-mg；
由密度公式可得投出石块的体积即水上升的体积：；
小桶A浸入水深的变化量为：-----①；
小桶A受到的浮力变化量：ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gΔhSA-----②；
代入数据，联立①②可得ΔF浮=5N；
绳子的拉力为：T=mg+ΔF浮=2.5kg×10N/kg+5N=30N；
物体B的重力为：GB=T+F浮=30N+10N=40N；
物体B的密度为：；
故答案为：4000Pa；10N；4×103kg/m3。
（1）根据p=ρgh可求得水对容器底部的压强；
（2）根据阿基米德原理求出细线刚好被拉直但无拉力时物体B受到的浮力；
（3）根据物体B在水中的受力分析结合阿基米德原理，密度公式求出物体B的密度。
本题是考查体压强公式和阿基米德原理和密度公式的一道综合题，关键是物体受力分析掌握清楚，仔细分析即可。
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