资源简介

2025-2026学年长沙市高一人教版【2029】物理第一次月考试卷
一、单选题（共5题 共20分）
1．（本题4分）这次考试，是同学们进入高中物理大门后的第一次考试，希望同学们尽情展示自己的才情。通过初中物理的学习，通过跨过高中物理大门时研读那“激动人心的万千体验”，相信你们一定明白“世界是由物质组成的，物质是不断运动变化着的，物质运动变化是有规律的，规律是可以被人们认识的。”这一物理学的基本观念，物理学正是探索和认识物质运动规律的科学。期待同学们通过物理的继续学习，成为具有深厚人文积淀和广博科学素养的现代中国人。以下与物理学有关的说法，不正确的是（　　）
A．观察、实验及科学推理，是物理学的基本方法
B．物理规律可运用函数关系表示，也可运用图像表示
C．牛顿通过几条简单的定律，说明了地面上物体的运动与宇宙空间中天体的运动遵循相同的规律
D．物理学的研究中，不会运用数学中的“统计”、“概率”等方法或思想
2．（本题4分）结合所学物理知识，分析下列说法中正确的是（　　）
A．研究旋转的电扇扇叶所受阻力大小的影响因素时，可以把扇叶视为质点
B．诗句“满眼波光多闪灼，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”中，“看山恰似走来迎”所选的参考系是船
C．物体做直线运动时，其位移的大小和路程一定相等
D．在第15届亚洲杯中国对阵科威特的比赛中，分别在第58分钟和第67分钟进球，国足以2：0击败对手，其中“第58分钟”和第67分钟”指时间间隔
3．（本题4分）如图所示为一个时钟，下列说法正确的是（　　）
A．一秒钟之内，时针针尖的位移最小
B．一分钟之内，时针针尖的位移最小
C．一小时之内，秒针针尖的位移最大
D．永远不可能存在一段时间，在这段时间内时针、分针、秒针针尖的位移相等
4．（本题4分）如图（a）是停在高速公路上的超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波信号，根据发出和接收到信号间的时间差，测出汽车的速度；图（b）中P1、P2是测速仪先后发出的两个超声波信号，n1、n2分别是测速仪检测到的P1、P2由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描P1、P2之间的时间间隔t＝1.8s，超声波在空气中传播的速度是v＝340m/s，若汽车是匀速直线行驶，则根据图（b）可知，下列说法正确的是（　　）

A．图（b）中每小格表示的时间是0.18s
B．P1信号传播到被测汽车时，汽车距测速仪的距离是102m
C．汽车正在向远离测速仪的方向行驶
D．汽车的匀速时的速度大小是10m/s
5．（本题4分）矢量和标量是物理学中的基本概念。下列四组物理量中的两个物理量均为矢量的是（　　）
A．位移、路程 B．时间、位移
C．速度、加速度 D．质量、加速度
二、多选题（4题 共20分）
6．（本题5分）在“探究小车速度随时间变化的规律”实验中，获得如图所示的纸带，A、B、C、D、E、F、G为计数点，相邻两计数点的时间间隔为T，、、、、、分别为AB、BC、CD、DE、EF、FG间的距离，下列可用来计算打D点时小车速度的表达方式有(　　)
A． B．
C． D．
7．（本题5分）一质点沿直线运动时的速度—时间图线如图所示，则以下说法中正确的是(　　)
A．第1s末质点的位移和速度都改变方向
B．第2s末质点的速度方向发生改变
C．第4s末质点的位移改变方向
D．第3s末和第5s末质点的位置相同
8．（本题5分）如图所示，某物体由A点静止释放做自由落体运动，从释放到落地的轨迹刚好被分成长度相等的四段。下列说法正确的是（　　）
A．物体到达各点的速率之比
B．物体从A到C的平均速度等于B点的瞬时速度vAC=vB
C．物体经过AB段与BC段的时间之比tAB：tBC =
D．物体通过每一段的速度增量vB-vA=vC-vB=vD-vC=vE-vD
9．（本题5分）在足够高的塔顶上以的初速度竖直上抛一个小球（不计空气阻力，取），从抛出至位移大小为这段时间内，小球（ ）
A．通过的路程可能为 B．平均速率可能为
C．平均速度可能为，方向竖直向上 D．平均速度可能为，方向竖直向下
三、填空题（共3题共6分）
10．（本题2分）甲地和乙地的重力加速度分别是9.81 m/s2 和9.79 m/s2 ，将同一个物体分别在甲、乙两地用同一弹簧测力计测量，读数相差0.1 N。如果改用天平称量这个物体，在甲地称量的结果为 kg，在乙地称量的结果为 kg。
11．（本题2分）重5.0N的木块放在水平桌面上，用1.5N的水平拉力可以使它沿桌面匀速运动，这时木块受到的摩擦力 N，木块和桌面间的动摩擦因数为 ．
12．（本题2分）某研究性学习小组利用如图所示的装置探究作用力与反作用力的大小关系。如图甲所示，在铁架台上用弹簧秤挂住一个实心铁球，弹簧秤的示数为F1，在圆盘测力计的托盘上放盛有水的烧杯，圆盘测力计的示数为F2；再把小球浸没在水中（水未溢出），如图乙所示，弹簧秤的示数为F3，圆盘测力计的示数为F4。
(1)请你分析弹簧秤示数的变化，F3 （选填“＞”“＝”或“＜”）F1。
(2)铁球对水的作用力大小为 ，若 ，就说明了作用力与反作用力大小相等。
四、实验题（共14分）
13．（本题7分）伽利略设计了如图所示的理想斜面实验。让小球沿光滑斜面从左侧高h处由静止滚下，小球将到达右侧斜面 （选填“相同”或“不同”）高度的地方；减小右侧斜面的倾角，直到使它成为水平面，小球要到达原有高度就要沿着水平面以 （选填“恒定”或“变化”）的速度持续运动下去。这说明，力 （选填“是”或“不是”）维持物体运动状态的原因。
14．（本题7分）一位同学做“探究质量一定时，加速度与力的关系”实验，实验装置如图所示。
(1)某同学在实验中用打点计时器记录了小车拖动纸带的运动情况。在纸带上，每五个点取一个计数点，如图所示。交流电源的频率为 。根据纸带上的数据，可以求出小车的加速度大小为 。（结果保留三位有效数字）
(2)若一同学平衡摩擦力时长木板倾角偏大，在这个情况下保持小车质量不变、不断的增加砝码盘中砝码探究加速度与合外力的关系，则可能得到以下哪个图__________。
A． B．
C． D．
(3)若某次实验中实验使用的交流电频率变为51 Hz，但该同学仍按照50 Hz进行数据处理，那么加速度的测量值与实际值相比 （选填“偏大”“偏小”或“不变”）。
五、解答题（共40分）
15．（本题6分）如图所示，质量的物体放在光滑水平面上。对物体施加一个的水平拉力，使物体由静止开始做匀加速直线运动。求：
（1）物体加速度a的大小；
（2）物体在时速度v的大小。
16．（本题10分）空中下落，当雨滴的速度比较大时，它受到的空气阻力与其速度的二次方成正比，与其横截面积成正比，即，则比例系数的单位是怎样的？
17．（本题10分）如图所示，离地面足够高处有一竖直的空管，质量为2kg，管长为24m，M、N为空管的上、下两端，空管受到F=16N竖直向上的拉力作用，由静止开始竖直向下做加速运动，同时在M处一个大小不计的小球沿管的轴线以初速度v0竖直上抛，不计一切阻力，取g=10m/s2．求：
（1）若小球上抛的初速度为10m/s，经过多长时间从管的N端穿出？
（2）若此空管的N端距离地面64m高，欲使在空管到达地面时小球必须落到管内，在其他条件不变的前提下，求小球的初速度v0大小的范围。
18．（本题14分）一质量为60kg的人站在竖直向上运动的升降机底板上，看到升降机顶板上有一竖直悬挂的弹簧秤，他便将一重为5N的物体挂上，这时弹簧秤示数为8N．试计算：
（1）升降机的加速度的大小和方向．
（2）此人对升降机底板的压力．
试卷第1页，共3页
试卷第1页，共3页
《2025-2026学年高一人教版物理第一次月考试卷》参考答案
1．D
【知识点】物理学史
【详解】A．观察、实验及科学推理，是物理学的基本方法，故A正确；
B．物理规律可运用函数关系表示，也可运用图像表示，故B正确；
C．牛顿通过几条简单的定律，说明了地面上物体的运动与宇宙空间中天体的运动遵循相同的规律，故C正确；
D．物理学的研究中，同样会运用数学中的“统计”、“概率”等方法或思想，故D错误。
故选D。
2．B
【知识点】质点、时间、位移的定义、路程与位移、同一运动在不同参考系中的描述
【详解】A．研究旋转的电扇扇叶所受阻力大小的影响因素时，风扇的大小和形状不能忽略，不可以把扇叶视为质点，故A错误；
B．诗句“满眼波光多闪灼，看山恰似走来迎，仔细看山山不动，是船行”中，是说山相对于船在运动，故“看山恰似走来迎”所选的参考系是船，故B正确；
C．只有物体做单向直线运动时，其位移的大小和路程才一定相等，故C错误；
D．在第15届亚洲杯中国对阵科威特的比赛中，分别在第58分钟和第67分钟进球，国足以2：0击败对手，其中“第58分钟”和第“67分钟”指时刻，故D错误。
故选B。
3．A
【知识点】位移的定义、路程与位移
【详解】A．一般而言，时钟的秒针最长，时针最短，设秒针、分针、时针的长度分别为。在一秒钟内，秒针走一小格，转过的角度为
由几何关系可知，秒针的位移为
分针走六十分之一小格，转过的角度为
由几何关系可知分针的位移为
时针走七百二十分之一小格，转过的角度为
由几何关系可知时针的位移为
又因为
故
A正确；
B．在一分钟内，秒针恰好转完一圈，位移为0，分针走一小格，时针走十二分之一小格，结合前面分析可知，分针的位移大于时针的位移，秒针的位移最小，B错误；
C．在一小时内，秒针恰好转完六十圈，位移为0，分针恰好转完一圈，位移为0，时针走五小格，故时针的位移最大，C错误；
D．在十二小时内，所有表针都转了整数圈，所以位移均为0，故这段时间内所有表针的位移都相等，D错误。
故选A。
4．B
【知识点】匀变速直线运动的特点
【详解】A．如图所示，P1、P2之间一共有9格，共1.8s，则每一小格表示
故A错误；
B．如图所示，测速仪第一次发出信号到接受到信号所用的时间为
在t1时间内，超声波从发出到与汽车相遇，再从第一次相遇的位置反射回去，所以第一次相遇的位置到测速仪的距离为
故B正确；
C．如图所示，测速仪第二次发出信号到接受到信号所用的时间为
在t2时间内，超声波从发出到与汽车相遇，再从第二次相遇的位置反射回去，所以第二次相遇的位置到测速仪的距离为
因为
所以汽车正在向靠近测速仪的方向行驶，故C错误；
D．汽车与超声波第一次相遇到第二次相遇所用的时间为
汽车与超声波第一次相遇的位置到到第二次相遇的位置的距离为
则汽车的速度为
故D错误。
故选B。
5．C
【知识点】标量与矢量、加速度的定义
【详解】A．位移是矢量，路程是标量，故A错误；
B．时间是标量，位移是矢量，故B错误；
C．速度和加速度均为矢量（均有大小和方向），故C正确；
D．质量是标量，加速度是矢量，故D错误。
故选C。
6．BD
【知识点】计算某点的瞬时速度、中间时刻的瞬时速度
【详解】若取CE段的平均速度表示D点小车速度，＝，A、C错误，D正确；若取BF段的平均速度表示D点小车速度，＝，B正确．
【点睛】在匀变速运动中，某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度.
7．BD
【知识点】v-t图像反映的物理量
【详解】A．速度时间图像中速度的正负表示运动方向，所以第1s末前后速度都为正值，故方向一直朝着正方向，位移为正，没有改变方向，故A错误；
B．第2s末前速度为正，2s末后速度为负，运动方向发生变化，故B正确；
C．图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正位移，在坐标轴下方表示负位移，所以质点在第4s末为零，之后仍旧朝着正方向运动，没有改变位移方向，故C错误；
D．第3末位移等于第1s末的位移，位移为
第5s末的位移也等于第1s末的位移，为0.5m．故第3s末和第5s末质点的位置相同，故D正确。
故选BD。
8．AC
【知识点】连续相等位移的运动比例规律
【详解】A．根据速度—位移公式
v2=2gh
得
解得
故A正确；
B．B是AC的中间位置不是中间时刻，所以B的瞬时速度不是物体从A到C的平均速度，故B错误；
C．根据
解得
物体经过AB段与BC段的时间之比
故C正确；
D．因为物体加速运动，通过相同位移所用时间变小，根据
可知，物体通过每一段的速度增量不同，故D错误。
故选AC。
9．ABC
【知识点】平均速度、竖直上抛运动的规律及应用
【分析】竖直上抛运动可以分成上升和下降两个过程分段研究，抓住这两个过程的对称性进行分析．也可以看成一种有往复的匀减速直线运动进行处理．已知小球的位移大小，但位移方向不确定，可能向上，也可能向下，分两种情况由运动学公式求解．
【详解】A．取竖直向上为正方向，则小球的初速度：v0=30m/s；小球上升的最大高度为
h==45m
所以通过的路程可能为
S1=x=25m
也可能为
S2=2h-x=90-25=65m
也可能为
S3=2h+x=90+25=115m
故A正确．
B．当位移方向向上时，即x=25m时，设用时为t，由位移公式得
x=v0t-gt2
代入得
25=30t-5t2
解得
t1=1s
t2=5s
当位移方向向下时，即x=-25m时，设用时为t′，由位移公式得
x=v0t′-gt′2
代入得
-25=30t′-5t′2
解得
t′=（3+）s，（另一值不合理舍去）
根据平均速率
可得平均速率可能为
选项B正确；
CD．平均速度可能为
方向竖直向上
可能为
方向竖直向上；
可能为
方向竖直向下；故C正确，D错误．
故选ABC．
10． 5 5
【知识点】重力的概念、大小和方向
【详解】[1][2]设物体的质量为，根据题意可知
解得
那么甲地称重量为
但质量为；
同理乙地称重量为
但质量仍为。
11． 1.5 0.3
【详解】[1][2]物体匀速运动，则水平方向一定受力平衡；故有：
f=F=1.5N
由
f=μFN=μmg
可得：
【点睛】本题考查滑动摩擦力的计算公式，在解题时要注意滑动摩擦力既可以由公式直接求出，也可以根据受力分析结合牛顿第二定律或共点力的平衡条件求出．
12． ＜ F4－F2 F1－F3＝F4－F2
【知识点】牛顿第三定律
【详解】(1)[1]因乙中小球受到浮力的作用，浮力向上，故弹力减小，故
F3＜F1
(2)[2][3]对烧杯分析可知，由于烧杯中的水受到小球的反作用力，则示数增加，由弹簧秤的示数变化可知，铁球对水的作用力大小为：F4－F2；对小球分析可知，铁球受到的浮力为：F1－F3；若
F1－F3＝F4－F2
则可以证明作用力与反作用力大小相等。
13． 相同 恒定 不是
【知识点】伽利略的理想斜面实验
【详解】[1]因为斜面光滑，根据能量守恒，小球将到达右侧斜面相同高度的地方；
[2]减小右侧斜面的倾角，直到使它成为水平面，小球要到达原有高度就要沿着水平面以恒定的速度持续运动下去；
[3] 球所受合外力为0，可以做匀速直线运动，这说明，力不是维持物体运动状态的原因。
14．(1)2.86
(2)C
(3)偏小
【知识点】用逐差法计算加速度、验证加速度与力成正比的实验
【详解】（1）交流电源的频率为 。每五个点取一个计数点，则两个计数点的时间间隔为T=0.1s
根据逐差法
代入数据可得小车的加速度大小为
（2）平衡摩擦力过大，没有外力时就有加速度，会有纵截距，即 图像不过原点，；不断增加钩码时，由于不能满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的总质量，所以小车受到的合外力不再等于砝码和砝码盘的总质量，因此最后的图像不再是直线，而是曲线。
故选C。
（3）如果在某次实验中，交流电的频率51Hz，大于50Hz，那么实际打点周期变小，根据运动学公式
可得真实的加速度值就会偏大，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏小。
15．（1）；（2）
【知识点】匀变速直线运动速度与时间的关系、牛顿第二定律的初步应用
【详解】（1）根据牛顿第二定律可得，物体加速度的大小为
（2）根据运动学公式可得，物体在时速度的大小为
16．
【知识点】导出单位、用量纲法解物理问题
【详解】将公式
变形得
采用国际单位制，式中的单位为N，即的单位为，速度的二次方的单位可写为．将这些单位代人上式得比例系数的单位是。
17．（1）4s；（2）29m/s≤v0≤32m/s
【知识点】已知运动求受力
【详解】（1）以向下方向为正方向，对空管，由牛顿第二定律可得
mg-F=ma
得
a=2m/s2
设经t时间，小球从N端穿出，小球下落的高度
h1＝v0t+gt2
空管下落的高度
h2＝at2
则
h1-h2=L
联立得
v0t+gt2 at2＝L
代入数据解得：t=4s，t=-1．5s（舍），故小球经过4s时间从管内穿出
（2）设小球初速度v0，空管经t'时间到达地面，则
H＝a（t′）2
得
小球在t′时间下落高度为
h＝v0t′+g（t′）2
小球落入管内的条件是：64m≤h≤88m
解得
29m/s≤v0≤32m/s
18．（1）6m/s2，方向竖直向上（2）960N
【知识点】超重和失重现象分析
【详解】（1）由题意可知：升降机、人及重物的加速度相等，对重物进行受力分析，它受重力G和弹簧的拉力F作用．根据牛顿第二定律
F－G=ma
方向竖直向上；
（2）人受升降机底板的支持力FN和重力Mg的作用，根据牛顿第二定律
FN－Mg=Ma
FN=Mg+Ma=600+60×6=960（N）
根据牛顿第三定律，此人对升降机底板的压力大小为
FN’=960N
方向竖直向下。
答案第1页，共2页
答案第1页，共2页

展开更多......

收起↑