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四川省巴中市2026届高三零诊模拟考试物理试题
(考试时间:75分钟 满分:100分)
注意事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共7个小题，每小题4分，共28分.在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求.
1.如图所示，奥运会400m决赛中，起跑线错开排列，赛道排序从内往外依次为第1道、第2道……终点在第1跑道起跑线所在直线上.发令枪响后所有运动员同时起跑，并在各自的跑道上跑完400m.最后第2道的运动员获得第一名，第3道、第7道的运动员获得并列第二名.下列说法正确的是( )
A.研究运动员的起跑姿势可以把运动员视为质点
B.运动员通过的路程不相等
C.第3道和第7道的运动员的平均速度相同
D.第1道的运动员的平均速度最小
2.如图所示，两直角梯形物块A、B叠放在一起静置于水平面上，A、B的斜边与直角边的夹角均为53°，A、B间的动摩擦因数μ＞0.8.现对A 施加一个竖直向下的缓慢增大的力F，下列说法正确的是 ( )
A. F增大到某个值时，A即将相对B 滑动
B. A对B 的摩擦力可能沿AB 接触面向上
C.无论F多大，A、B始终静止不动
D.地面对B的摩擦力水平向左
3.我国在太空开发领域走在了世界前列.假设我国航天员乘坐宇宙飞船去探索未知星球，航天员在星球表面竖直上抛一物体，物体运动速度的平方随位移变化的 图像如图所示.设地球质量为M，地球表面的重力加速度 已知该星球的半径是地球半径的2倍，则该星球的质量为( )
A.1.6M B.6.4M C. M D.0.4M
4.位于四川凉山的德昌风电场是四川首座风力发电场，也是中国首个山谷风力发电场.某科研小组模拟的风力发电机发电简易模型如图所示，风轮机叶片通过升速齿轮箱带动发电机线圈在磁感应强度大小B=0.2T的匀强磁场中绕垂直于磁场的转轴OO′匀速转动，转速为 其中矩形线圈匝数为N=100匝，面积为0.2m ，线圈总电阻r=1Ω.小灯泡电阻. ，电流表、电压表均为理想表.下列说法正确的是( )
A.图示时刻通过线圈的磁通量变化率最大
B.线圈从图示位置转过180°的过程中，线圈磁通量改变量为0
C.图示时刻电压表的示数为80 V
D.线圈从图示位置转过60°过程中，通过电流表的电荷量为0.2C5.如图所示，由透明介质构成的半球壳的内、外表面半径分别为R 和 ，O点为球心.一束光线AB入射到半球壳内表面，入射角为60°，已知透明介质的折射率 不考虑反射，则光线从外表面射出介质时的折射角的正弦值为 ( )
A.
6.如图为微量振荡天平测量大气颗粒物质量的原理简图.气流穿过滤膜后，颗粒物附着在滤膜上增加锥形振荡管的质量，从而改变其固有频率.起振器从低到高改变振动频率，记录霍尔元件a、b端输出的电信号，从而推测出滤膜上颗粒物质量.某金属材料制成的霍尔元件宽度为d，下列说法正确的是( )
A.若起振器振动频率改变，锥形振荡管的振动频率不变
B.霍尔元件上表面的电势高于下表面的电势
C.锥形振荡管左右振动时，霍尔元件的a、b端输出交流信号
D.霍尔元件的宽度d减小，霍尔电压的最大值增大
7.如图所示，C、D、E为以O为圆心、半径为R的圆周上的二点， A为CD 的中点，在OCEDO 内充满垂直于纸面向外的匀强磁场(图中未画出，O点处也有磁场)，磁感应强度大小为
B.一群质量为m、电荷量为q的带正电粒子以速率 从AC 部分垂直于AC 射向磁场区域，忽略粒子间的相互作用以及粒子的重力，只考虑粒子在一次进出磁场中的运动.下列说法正确的是 ( )
A.粒子在磁场中运动的轨道半径为 R
B.从CO射出磁场的粒子运动时间不同
C.粒子在磁场中运动的最长时间为
D.粒子可能从圆弧边界射出
二、多项选择题：本题共3个小题，每小题6分，共18分.每小题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.
8.2023年8月24 日、日本向海洋排放福岛第一核电站的核污染水.核污染水中的型 Po发生的核反应方程为该核反应过程放出的能量为Q，已知 Po的半衰期约为138天，光在真空中的传播速度为c.下列说法正确的是 ( )
A.该核反应属于α衰变
B.该核反应过程中的质量亏损可以表示为
C. n克化合物H Po经过一个半衰期后元素 Po还剩 克
D.核反应中放出的X 是原子核内的两个质子和两个中子组成的
9.某介质中，一列沿x轴正方向传播的简谐横波，在0时刻的波形如图中实线所示，1s时的波形如图中虚线所示。关于该列简谐横波，下列说法正确的是 ( )
A. 波速可能为5m/s
B.介质中质点的振动周期可能为6s
C.介质中质点的振动频率可能为 Hz
D.1.5s时，平衡位置位于3m 处的质点可能到达波峰
10.如图，足够长的间距d=0.5m的平行光滑金属导轨MN PQ 固定在水平面内，导轨间存在一个宽度L=1m的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B=2T，方向如图所示.一根质量 0.1kg,阻值. 的金属棒a以 的初速度从左端开始沿导轨滑动，另一根阻值 的金属棒b静止在导轨上，两金属棒始终与导轨垂直且接触良好.导轨电阻不计，则
( )
A.金属棒a刚进入磁场时，金属棒a两端的电压为4 V
B.金属棒a不能穿过磁场区域
C.金属棒a 刚穿出磁场区域时的速度大小为8m/s
D.金属棒a在磁场中运动的过程中，金属棒b上产生的焦耳热为1.08T
三、非选择题：本题共5小题，共54分.其中第13~15小题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位.
11.(6分)某同学设计了如图甲所示的实验方案做“探究加速度与物体受力、物体质量的关系实验”.
(1)用游标卡尺测出遮光条的宽度，如图所示.遮光条的宽度(
(2)细绳一端与小车相连，另一端通过光滑的动滑轮与弹簧测力计相连，将小车从某一位置由静止释放，测出遮光片通过光电门的挡光时间△t，小车静止时的位置到光电门的位移s，则小车的加速度a= (用题上所给字母表示)；
(3)若实验时遮光片通过光电门的挡光时间△t=1.3ms，小车静止时的位置到光电门的位移s=0.5m,小车的质量M=0.5kg,弹簧测力计的示数F=4.5N,重力加速度. 小车与长木板间的动摩擦因数μ= .
12.(10分)某同学从一个损坏的小台灯中拆出了一节锂电池，为了测量该锂电池的电动势，该同学设计了如图甲所示的电路.选用的器材如下：
A. 毫安表 mA(量程为100mA,内阻为4Ω)
B.电压表 V(量程为3 V，内阻很大)
C.电阻箱
D.滑动变阻器
E.待测锂电池(电动势标称值为3.0V)
F.开关一个、导线若干
(1)由于毫安表mA的量程太小，因此实验前需要将其改装成量程为0.6A的电流表，图甲中电阻箱 应调整为 Ω.
(2)改变滑动变阻器滑片的位置，记录两电表的示数，电压表的示数为U，毫安表的示数为I.
(3)描点得到如图乙所示的U-I图像，通过分析可知电源的电动势E= V，电源的内阻r= Ω.(结果均保留一位小数)
(4)用该锂电池、电阻箱R 和量程为100mA、内阻为10Ω的毫安表改装成欧姆表，如图丙所示，表笔A是 (填“红”或“黑”)表笔，电阻箱应调至 Ω；正确使用该欧姆表测量某待测电阻R，，毫安表指针指在50mA处，则被测电阻R，阻值为 Ω.
13.(10分)如图所示为一超重报警装置示意图，长度L=0.8m、横截面积 导热性能良好的薄壁容器水平放置，开口向右.一厚度不计的轻质活塞将一定质量的理想气体封闭在容器内，活塞通过水平轻绳跨过滑轮与重物相连.不挂重物时封闭气体的长度为 挂上一质量为m=50kg的重物时活塞右移至预警传感器处，此时系统刚好发出超重预警且活塞恰好平衡.已知环境温度为 大气压强为 重力加速度 不计摩擦阻力.求：
(1)预警传感器离容器底部距离d.
(2)从刚好发出预警开始，若环境温度从 缓慢降至 该过程中气体内能减少了 求气体向外界放出的热量C
14.(12分)如图所示，与水平面成的倾斜轨道AC，其延长线在 D点与光滑半圆轨道DF 相切.半圆轨道的半径.R=1m,，全部轨道为绝缘材料制成且位于竖直面内.整个空间存在水平向左的匀强电场，电场强度.E=3V/m,，MN 的右侧存在垂直纸面向里的匀强磁场(C点处于MN 边界上)，磁感应强度.B=0.5T.一质量为0.2kg的带电小球沿轨道AC下滑至C点，接着沿直线CD运动到D 处进入半圆轨道，且能沿半圆轨道通过 F 点，不计空气阻力， 求：
(1)小球电性和电荷量q；
(2)小球通过F点时对轨道的压力大小
15.(16分)如图所示，在倾角 的斜面上固定一个长直圆管，管内有一质量为m 的薄圆盘静止在管内，圆管的长度为60L.一直径略小于圆管内径的光滑小球以初速度 进入圆管，与圆盘发生碰撞，小球的质量也为m.圆盘受到撞击后向下滑动，下滑过程中受到圆管对它的滑动摩擦力大小等于圆盘重力的0.6倍，圆盘始终垂直管壁.小球与圆盘发生的碰撞为弹性碰撞且碰撞时间极短.不计其他阻力，重力加速度大小为g, 求：
(1)第一次碰撞后瞬间，小球和圆盘的速度大小；
(2)第二次碰撞前瞬间，小球重力的功率；
(3)小球在管中运动的过程中，小球与圆管碰撞的次数.
巴中市普通高中2023级“零诊”模拟考试
物理参考答案
1. D【解析】研究运动员的起跑姿势不能把运动员视为质点，∧错误；运动员通过的路段都是400m，B错误；平均速度=位移/时间，第3道运动员的位移小于第7道运动员的位移，时间相等，C错误；第Ⅰ道的运动员位移是0、平均速度是0、D正确.
2. C【解析】对A受力分析，因 故A 相对B静止，A错误；A 对B的摩擦力沿AB接触面向下、B错误：A对B 的作用力竖直向下，故A、B始终静止不动，C正确：对A、B整体受力分析、得地面对B的摩擦力为0，D错误.
3. A【解析】由竖直上抛公式 和图像知，星球表面的重力加速度 根据公式 可得 则 A正确.
4. D【解析】图示时刻通过线圈的磁通量变化率为0，A错误；线圈从图示位置转过180°的过程中，线圈磁通量改变量不为0，B错误；电动势的最大值 且ω=2πn,得. 电压表的示数为路端电压的有效值，C错误；从图示位置开始，线圈转过60°过程中，磁通量的变化量△φ=BS-BScos60°根据法拉第电磁感应定律 闭合电路欧姆定律 电流强度定义 联立解得q=0.2C,D正确.
5. A【解析】设光线AB在内表面的入射角为i，折射角为r；在外表面的入射角为α，折射角为β，由 得 由正弦定理 得 再由 得 故选A.
6. D【解析】锥形振荡管的振动频率等于起振器振动频率，所以起振器振动频率改变，锥形振荡管的振动频率也改变，A错误；霍尔元件中的电子受向上的洛伦兹力，上表面的电势低于下表面的电势，B错误；锥形振荡管左右振动时，霍尔元件的a、b端输出的电流方向不会改变，则会输出直流信号，C错误；设电源电动势为E，霍尔元件长度为a，高度为h，根据平衡条件 可得 其电阻 电流微观表达式I=neahv,可得 联立 可得 当d 增大时，UH减小，D正确.
7. C 【解析】由 可得 A错误；粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，则有 由图可知，部分粒子从OC边射入磁场，又从OC 边射出磁场，由对称性可知，粒子偏转的圆心角为90°，时间为 B错误；沿AO入射的粒子，与磁场圆在最低点内切，圆心角为270°，粒子在磁场中运动的最长时间为 C正确；从图中可知，粒子不会从圆弧边界射出，D错误.
8. AD 【解析】该核反应生成物X是 He，故该反应属于α衰变，A 正确；质量亏损为 B错误；n克化合物H Po中元素 Po的质量小于n克，故经过一个半衰期后元素 Po剩的质量小于 克，C错误；1He是原子核内的两个质子和两个中子组成的，D正确.
9. BD 【解析】从图中可知波在△t=1s时间内传播的距离 波速 得 v=(6n+1)m/s.由 得 由 得 B正确,A、C错误.由 得 1.5)m,当n=0时 位于1.5m 的波峰传到3m处，D正确.
10. CD 【解析】金属棒a刚进入磁场时的感应电动势E=Bdv，感应电流 金属棒a 两端的电压U=IR . U=6V，A错误；设金属棒a最终停在距磁场左边界x处，由动量定理可得 又根据闭合电路欧姆定律有 根据法拉第电磁感应定律可得 联立可解得x=5m＞L，金属棒a能穿过磁场区域，B错误；由 可得v=8m/s，C正确；由能量转化与守恒可得回路中产生的总焦耳热 金属棒b上产生的焦耳热( D.正确.
11.(1)2.60 mm (3)0.5
【解析】(1)遮光条的宽度为d=2mm+12×0.05mm=2.( mm
(2)小车通过光电门的速度 再由运动学公式 得到
(3)由牛顿运动定律和小车得受力分析得 F--μMg= Ma,解得μ=0.5.
12.(1)0.8 (3)2.4 V 0.6Ω (4)红表笔 13.4Ω 24Ω
【解析】(1)根据串并 、特点有 解得 ，即图甲中电阻箱 R 应调整为0.8Ω.
(3)毫安表 mA 与电阻箱R 并联后的电阻为 则根据闭合电路欧姆定律有E=
结合图像有 可得r≈0.6Ω.
(4)根据欧姆表中电流由红表笔流入，黑表笔流出，由图丙可知，表笔A是红表笔.
欧姆调零时，根据闭合回路欧姆定律有 解得
由闭合回路欧姆定律有 解得
13.(1)d=0.4m (2)Q=
【解析】(1)由题可知，初始状态
p =p .
系统刚好发出超重预警时，设理想气体的压强为p ，有
对理想气体，由玻意耳定律得
联立解得
d=0.4m
(2)由盖一吕萨克定律可得
且
解得
此过程外界对气体做的功
由热力学第一定律有
-△U=-Q+W
解得
14.(1)q=0.5C带正电
【解析】(1)在CD段做直线运动，分析可知，CD段受力平衡，故有
解得q=0.5C,带正电.
(2)设小球在CD段运动的速度为vD，CD段受力平衡，有
解得vD=10m/s
小球从D运动到F，根据动能定理得到
解得
小球通过F点时受到轨道的弹力为FN，则
解得
由牛顿第三定律得小球对轨道的压力大小
15.(1)vA = vm= √gL (3)19次
【解析】(1)设第一次碰撞后瞬间小球的速度为 vn，圆盘的速度为vm,由系统动量守恒和总动能相等，有
解得：
(2)设从第一次碰撞到第二次碰撞的时间间隔为t ，小球的加速度为a，则mgsinθ= ma,得到a=0.6g
解得：
第二次碰撞前瞬间，小球的速度
小球重力的瞬时功率
得
(3)第一次碰撞到第二次碰撞之间，圆盘的位移
设第二次碰后小球的速度为 vA ，圆盘的速度为vB ，由速度交换有
第二次碰撞到第三次碰撞之间，圆盘的位移
第三次碰撞前小球的速度 圆盘的速度
第三次碰撞后小球的速度 圆盘的速度vB =3v
第三次碰撞到第四次碰撞之间，圆盘的位移
以此类推，第n次碰撞到第n+1次碰撞之间，圆盘的位移
n次碰撞圆盘的总位移
解得n≈19.5
故一共碰撞20次.

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