资源简介

广东省潮州市湘桥区等2地2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本题7小题，每小题3分，共21分）
1．（2025·湘桥模拟）如图所示为小红写作业使用的中性笔，中性笔的长度大约是（　　）
A．15mm B．15cm C．15dm D．15m
2．（2025·湘桥模拟）雨过天晴，蓉峰塔公园的树叶上落着许多水珠，如右图所示，透过水珠看叶片，叶片上的纹理变粗了，此时水珠相当于（ ）
A．凹透镜 B．凸透镜 C．平面镜 D．玻璃板
3．（2025·湘桥模拟）古代壁画是人类珍贵文化遗产的重要组成部分，由于壁画所处的环境相对封闭、幽暗、潮湿，易滋生微生物，导致壁画受损。如图所示，中国航天科技集团研制出高速喷射带负电的粒子杀灭微生物的机器人来保护壁画。该粒子可能是（　　）
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
4．（2025·湘桥模拟）夏天要喝冰饮料时，会在饮料中加入冰块，而不是加冷水。这样做会使饮料的温度降得更多。一个原因是冰块的温度更低，另一个原因是冰块（　　）
A．熔化吸热 B．凝固放热 C．汽化吸热 D．液化放热
5．（2025·湘桥模拟）“锲而不舍，金石可镂”告诫同学们学习贵在坚持，如果坚持不懈，即使是金属和玉石也可以雕饰出美丽的花饰。如图所示，雕刻之后的印章（　　）
A．体积减少，密度减小 B．质量减少，密度减小
C．质量减少，密度不变 D．体积、质量和密度都减小
6．（2025·湘桥模拟）人们曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。该过程（　　）
A．艾绒的温度越高，含有的热量越多
B．内能转化为机械能
C．艾绒燃烧越充分，其热值越大
D．类似于内燃机的压缩冲程
7．（2025·湘桥模拟）如图，吊扇灯是灯和吊扇的完美结合，具有装饰性和实用性。吊扇灯的灯和风扇既可独立工作，又可同时工作。图中，电路设计正确并符合安全用电原则的是（　　）
A． B．
C． D．
二、填空题（本题7小题，每空1分，每小题3分，共21分）
8．（2025·湘桥模拟）如图所示是太阳能LED灯，从材料来看，LED灯是由　 　（选填：“半导体”、“超导体”和“绝缘体”）材料制成，从能源利用角度看，太阳能是　 　（选填：“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能的产生是太阳内部高温高压下氢原子核发生　 　（选填：“裂变”或“聚变”）时释放出来的。
9．（2025·湘桥模拟）小文在上学路上发现商贩在用沙子翻炒栗子，如图所示。翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较 　 　（选填“大”或“小”）；栗子飘出诱人的香味，这是 　 　现象；最终栗子被炒熟是通过 　 　的方式使栗子内能增加，温度升高。
10．（2025·湘桥模拟）在完成课外实践性作业中，某同学探究了一定浓度的盐水凝固时温度的变化规律，根据实验数据画出了盐水的凝固图像（如图），该盐水的凝固点是　 　℃，凝固过程经历　 　min，盐水凝固过程内能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
11．（2025·湘桥模拟）我国很多地区的农业已进入智能化时代，农用机械可以通过北斗导航系统实现精准作业。如图为一架无人机在农田中喷洒农药时的情景。北斗导航系统中是利用　 　（选填“超声波”或“电磁波”）传递信息的。从无人机实时传回的视频中看到“大地扑面而来”，这是以　 　（选填“大地”或“无人机”）为参照物。无人机喷洒农药完毕，匀速下降过程中，无人机的重力势能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
12．（2025·湘桥模拟）利用手机通话时，手机电池相当于该电路中的　 　（选填“电源”、“开关”或“用电器”）；接听电话时，我们可以辨别打电话的人，这是因为不同的人发出声音的　 　不同（选填“音调”、“响度”或“音色”）；有人为了防止玩手机被人偷看到屏幕内容，在屏幕上贴了手机防窥膜，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，结构简图如图。两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的　 　（选填“反射”、“折射”或“直线传播”）。
13．（2025·湘桥模拟）如图所示，用同一滑轮按甲、乙两种方式匀速提升同一物体，物体重100N，绳重和摩擦不计。使用图甲方式的好处是可以改变力的　 　，若甲、乙两种方式的机械效率分别为、，则　 　（选填“>”、“=”或“<”），若图乙中再加挂一物体，其机械效率将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
14．（2025·湘桥模拟）如图为探究电流通过导体产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。若想探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系，则应选择　 　两个装置进行对比。通电时间相同时，产生热量最多的是　 　装置中的电阻丝。若通过丙装置中盒内的电阻丝的电流为0.5A，则通电20s产生的热量为　 　J。
三、作图题（共8分）
15．（2025·湘桥模拟）（1）如图所示，小球漂浮在水面上，请画出小球受到的浮力F和重力G；
（2）如图所示，请补充平面镜的入射光线和经过凸透镜的折射光线，完成光路图（图中O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点）；
（3）如图所示，是由电磁铁P构成的自动空气开关的原理图，P为电磁铁，Q为衔铁，S为闸刀开关。当家庭电路中电流达到一定值时，P吸引Q且可绕点转动，S在弹力F的作用下绕转动自动断开，切断电路，起到保险作用。请在图中括号标出电磁铁左侧的磁极名称，画出闸刀开关S所受弹力F的力臂L。
四、实验题（本大题3小题，共20分）
16．（2025·湘桥模拟）小丽和小华在物理实验室进行实验。
（1）小丽在练习使用托盘天平，她将天平放在水平桌面上，游码归零后发现指针的位置如图1（甲）所示，此时她需将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，才能使横梁平衡；然后，她将被测物块放入天平左盘，向右盘增减砝码并移动游码，使横梁再次平衡时，游码的位置和所加砝码如图1（乙）所示，则该物块的质量是　 　g；
（2）小华在进行光学实验；
①他首先利用两支大小相同的蜡烛来探究平面镜成像的特点。为了确定像的位置，实验中应选用　 　（选填“薄”或“厚”）玻璃板替代平面镜；实验时他将玻璃板　 　放置在铺有刻度的水平纸板上，在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，说明像与物的大小　 　（选填“相等”或“不相等”）；
②完成平面镜成像的实验后，小华找来F光源、凸透镜、光具座和光屏，探究凸透镜成像的特点。首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，如图2（甲）所示，则凸透镜的焦距为　 　cm；接着，他将F光源放在了如图2（乙）所示的位置，移动光屏，在光屏上得到了一个倒立、　 　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
17．（2025·湘桥模拟）某实验小组用电子秤和量筒测量碳酸饮料液体的密度，请你帮他们把实验步骤补充完整。并回答下面的问题。
（1）实验步骤：
①在烧杯内倒入适量的饮料，用已调零的电子秤测出烧杯液体的总质量为；
②将烧杯内的部分液体倒入量筒内，读出量筒内液体的体积为V；
③用电子秤测出烧杯和剩余液体的总质量为；
④根据测得的数据，量筒中的液体质量为　 　，该饮料的密度表达式为　 　；
（2）实验过程中，他们发现饮料倒入烧杯和量筒内之后，容器的内壁上都会附着一些气泡，实验结束时还未消失，如图所示。你认为能够影响测量结果准确性的是　 　（选填“烧杯”或“量筒”）内壁上的气泡，它会使所测液体密度比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）。
18．（2025·湘桥模拟）物理小组利用图（甲）的实验器材进行电学实验，已知待测小灯泡额定电压为2.5V。
（1）若物理小组想测量小灯泡正常发光时的电阻，请你帮他们将图甲的实物电路连接完整；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，接下来合理的操作是________（选填序号）；
A．断开开关，更换小灯泡
B．移动滑动变阻器观察小灯泡是否发光
（3）解决问题后，移动滑片，电压表的示数如图（乙）所示，其读数是　 　V；为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“A”或“B”）端移动。小超测量三组实验数据，粗心的小超把三组数据随手写在草稿纸上，而没有填写在对应的表格中，如图（丙）所示，请你帮助小超计算：小灯泡正常发光时的电阻　 　Ω（计算结果保留2位小数）；
（4）同组的小明想测量小灯泡的额定功率，他认为，无需测量小灯泡电压为2.5V时的相关数据，也能计算出灯泡的额定功率。他利用上面已经测量的数据，计算2V电压下灯泡的电阻R，再根据，计算小灯泡在2.5V下的额定功率，此方法计算出的额定功率与实际的额定功率相比　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）；
（5）仅利用图甲中实验器材　 　（选填“能”或“不能”）完成“探究电流与电压关系”的实验；
（6）小组同学讨论后，认为只用一只电表、增加一个已知阻值的定值电阻R0，也可测量仅标有额定电压U额的小灯泡的额定功率（若电源电压未知）。如下四种方案，最可行的是________。
A． B．
C． D．
五、计算题（本大题2小题，共13分）
19．（2025·湘桥模拟）人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅送餐机器人的质量为18kg，它与地面的总接触面积为，将餐菜送到15m远的顾客桌上需要20s，g取10N/kg．求：
（1）送餐机器人移动的平均速度；
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强；
（3）设楼层高3米，某次送餐后，机器人乘坐匀速下降的电梯从四楼返回一楼，重力对机器人所做的功。
20．（2025·湘桥模拟）某款多功能暖菜板有高、低温两挡加热功能。其简化电路图如图所示，其中、为电热丝。已知电源电压为220V，的阻值为110Ω，的阻值为220Ω。当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，再闭合时，处于高温挡加热。求：
（1）低温挡加热时经过的电流；
（2）高温挡加热的电功率；
（3）高温挡加热30s，电路产生的热量。
六、综合能力题（本大题3小题，共17分）
21．（2025·湘桥模拟）探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验中。小明同学让同一钢球分别从同一斜面由静止开始滚下，撞击相同木块，如图所示。
（1）甲、乙实验是通过观察木块被撞击后运动的距离，来研究　 　（选填“小球”或“木块”）动能的大小；
（2）质量相同的小球，从斜面上不同高度处自由滑下，小球到达水平面时的速度大小　 　（选填“相等”或“不相等”）的；
（3）对比实验中甲、乙，我们可以得出结论：质量相同的物体，　 　越大，具有的动能越大；
（4）若甲、乙两次实验中木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中所受摩擦力分别为、，则　 　（选填“>”、“=”或“<”）；
（5）为了探究动能的大小与质量的关系，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成此实验，下列措施中可行的是________。
A．换质量更大的木块 B．降低第二次钢球的高度
C．木板上铺毛巾 D．换质量更小的钢球
22．（2025·湘桥模拟）阅读短文，回答问题：
澡精灵
澡精灵简易热水器由于易于安装，价格低廉，实用性强，被网友评为没有热水器的宿舍必备“神器”之一。如图为它的产品实拍图（图1）和原理图（图2），它是利用自来水的水流通过混合器流速变快压强变小而在大气压的作用下将开水“吸”上来混合成温水淋浴的一种简易淋浴器。
使用时将接头套在自来水龙头上，花洒喷头持钩安装在不高于1.8m位置，把“吸热管”插入准备好的热水容器里，打开自来水龙头，喷头就会流出混合好的温水，安装时最好将盛热水的容器放置在50cm以上的凳子上并加固，以提高出水温度。
水温可以通过温度调节阀（如图3）进行调节，它的滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，另外对水温影响还有几个要素：第一，自来水流速越大，出水温度越高；第二，热水与喷头的高度差越小，出水温度越高；第三，热水温度越高，出水温度越高。
（1）如果觉得喷头出来温度偏低，则可以将水龙头开　 　（大/小），或者将温度调节阀的滚轮向　 　（上/下）调节；
（2）下列与该热水器的工作原理相同的是　 　；
A．图钉做的帽大头尖 B．飞机机翼上凸下平
C．水坝做的上窄下宽 D．摩擦过的塑料梳子可以吸引细小水流
（3）为了提高“吸”热能力，混合器的结构示意图最好设成下列中的　 　 ；（注：左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口）
（4）热水在吸管上升，是由于　 　作用；
（5）如果洗澡过程中未作任何调节，且不考虑冷热水及环境温度的变化，则洗澡过程中喷头出水温度将　 　（升高/降低/不变）。
23．（2025·湘桥模拟）阅读短文，回答问题。
电动汽车
电动汽车是环保的交通工具（如图甲所示），行驶时蓄电池给电动机供电，电动汽车的主要部分参数如表所示。在某次测试过程中，司机和一名陪同人员上车。司机驾驶该充满电的汽车以节电模式匀速行驶30km后，电池剩余容量为58kW h，陪同人员负责记录测试数据。汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6%。
测试时车和人的总质量 1500kg
蓄电池最大容量 68kW h
最高车速 120km/h
最大功率 90kW
（1）为了节能，汽车靠近目的地前可采用“再生制动”的方法：在车速逐渐减到60km/h的过程中，不采用机械刹车，由于电动汽车继续行驶，带动电机逆向发电，将电能存储在蓄电池内，此时电机的工作原理是　 　；
（2）汽车刹车原理图如图乙所示，连着刹车踏板的金属杆可视为一根能绕O点转动的　 　（选填“省力”“等臂”或“费力”）杠杆；
（3）在此测试过程中，汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为　 　J，该汽车将电能转化为机械能的效率为　 　%；（g＝10N/kg）
（4）如图丙是小明设计的车速提醒电路，R为定值电阻，Rv的阻值随车速的变化而改变。当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速。图丁是电阻Rv的阻值与车速关系的图像，图戊是车速从0加速到100km/h过程中，Rv消耗的电功率随电流变化的图像。则图丙中定值电阻R的阻值为　 　Ω；车速为0时，Rv消耗的电功率为　 　W。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：一支中性笔的长度大约是15cm=1.5dm=0.15m=150mm。
故选：B。
【分析】 根据常见的中性笔的长度与长度单位的关系分析。
2．【答案】B
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】 解：水珠相当于凸透镜。叶片的纹理在它的焦点以内，相当于放大镜，所以通过水珠可以看到正立、放大的虚像，故B正确，ACD错误。
故选：A。
【分析】水珠中间厚，边缘薄，符合凸透镜的定义，所以是凸透镜。
3．【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 解：中国航天科技集团研制出高速喷射带负电的粒子杀灭微生物的机器人来保护壁画，该粒子可能是电子，原子核和质子带正电，中子不带电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 原子是由原子核和带负电的电子组成的；原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成的。
4．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】解：夏天，要喝冰饮料时，会在饮料中加入冰块，而不加冷水；这样会使饮料的降温更多。一方面因为冰块的温度更低，另一方面因为冰块熔化吸热，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】熔化是指物质从固态转变为液态的过程， 这一过程需要吸收热量。
5．【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】解： 解：雕刻之后，印章的质量减小，体积减小，但是密度是物质本身的一种特性，不会改变。
故选：C。
【分析】 质量是物体本身的性质，与组成物体物质的多少有关；
密度是物质本身的一种性质，其大小与物质的种类、状态、温度等有关。
6．【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机
【解析】【解答】 解：A．热量是指热传递过程中传递能量的多少，是一个过程量，不能说“含有”，故A错误，不符合题意；
B．对气体做功，气体内能增大，手推杆入筒的过程中，对气体做功，气体的内能增大，温度升高，推杆的机械能转化为筒内气体的内能，故B错误，不符合题意；
C．艾绒燃烧越充分，其热值不变，故C错误，不符合题意；
D．该过程与内燃机的压缩冲程类似，都是将机械能转化为内能，故D正确，符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）热量是指热传递过程中传递能量的多少，不能说“含有”。
（2）做功和热传递都能改变物体的内能。当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小。
（3）热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。
（4）内燃机的压缩冲程也是将机械能转化为内能。
7．【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】解：A．由图可知，两个开关都闭合时，吊扇灯的灯和风扇串联，开关断开时，吊扇灯的灯和风扇都不工作，不能实现吊扇灯的灯和风扇既可独立工作，又可同时工作，故A错误；
B．由图可知，开关接在零线，用电器接在火线上，这里面电灯不能独立工作，故B错误；
C．由图可知，开关接在火线上，用电器接在零线上，符合安全用电原则，当只闭合S1时，灯工作，当只闭合S2时，风扇工作，当两个开关都闭合时，灯和吊扇并联同时工作，故C正确；
D．由图可知，开关接在零线，用电器接在火线上，不符合安全用电原则，故D错误。
故选：C。
【分析】 家庭电路中，各元件的开关应该接在火线和用电器之间；风扇和灯既可独立工作，又可同时工作，因此两个元件应该并联。
8．【答案】半导体；可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用
【解析】【解答】LED灯是由半导体材料制成。太阳能属于可再生能源。是由其内部的氢原子核发生聚变时释放出来的。
综上 第1空、 半导体； 第2空、可再生； 第3空、聚变。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
3、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温。
9．【答案】小；扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较小，相同质量的沙子与其它物质相比，吸收相同的热量，其温度变化较快；
（2）栗子飘出诱人的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；
（3）最终栗子被炒熟是通过热传递的方式使栗子内能增加，温度升高。
故答案为：小；扩散；热传递。
【分析】 （1）相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容越小，其温度变化越明显；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
（3）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
10．【答案】-2；10；减小
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】解：（1）从图象可知：温度保持不变的温度是-2℃，故该盐水的凝固点是-2℃；
（2）由图象可知，物质在10～20min凝固，凝固过程用了20min-10min=10min；
（3）凝固过程，放热温度不变，内能减小。
故答案为：-2；10；减小。
【分析】盐水凝固的温度为盐水的凝固点；
凝固结束时间减去开始凝固时间即为凝固过程需要的时间，晶体凝固过程中的温度不变；
凝固的过程是放热的过程。
11．【答案】电磁波；无人机；减小
【知识点】势能的影响因素；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：北斗导航系统中是利用电磁波传递信息的。从无人机实时传回的视频中看到“大地扑面而来”，这是以无人机为参照物，大地与无人机的位置发生变化。
无人机喷洒农药完毕，匀速下降过程中，质量不变，高度降低，所以无人机的重力势能减小。
故答案为：电磁波；无人机；减小。
【分析】 电磁波可以传递信息；物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的，相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
根据影响重力势能的两个因素：质量、高度的变化，来判断物体重力势能的变化。
12．【答案】电源；音色；直线传播
【知识点】光的直线传播及其应用；音调、响度与音色的区分；电路的构成及电路图
【解析】【解答】解：手机通话时，手机电池提供电能，相当于电路中的电源。
不同的人发出声音的音色不同，我们可以通过音色辨别打电话的人。
光在同种均匀的介质中沿直线传播，由图可知，两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的直线传播。
故答案为：电源；音色；直线传播。
【分析】 电源是给用电器持续提供电能的装置；
人们通过音色来辨别物体；
光在同种均匀介质中沿直线传播。
13．【答案】方向；＞；变大
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】解：（1）从图中看出甲滑轮轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向，但不能省力；
（2）甲图为定滑轮，不计绳重及摩擦，总功等于有用功，机械效率为100%；乙图为动滑轮，不计绳重及摩擦，克服动滑轮的重力做功为额外功，总功大于有用功，机械效率小于100%；故可得机械效率的关系为η甲＞η乙。
（3）图乙中再加挂一物体，提升重物的重力增加，在提升高度不变时，做的有用功变大，而额外功不变，则有用功在总功中所占的比例增大，即动滑轮的机械效率变大。
故答案为：方向；＞；变大。
【分析】 （1）甲滑轮是定滑轮，可以改变力的方向；
（2）定滑轮的机械效率大于动滑轮的机械效率；
（3）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即提升更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
14．【答案】甲、乙；乙；25
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】 探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系， 变量为电阻的大小，所以需要甲乙串联比较，甲乙装置电流相同，乙电阻最大，甲丙装置电阻相同，但是电流甲大，根据焦耳定律可知乙 产生热量最多 ，通电20s产生的热量为。
综上 第1空、甲乙； 第2空、乙； 第3空、25.
【分析】控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的发热量可能与导体的电阻的关系时，需要电流相同，故选择串联电路。
探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】解：（1）小球漂浮在水面上，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，两力大小相等，长度应该一样长，如下图所示
（2）由于在光的反射现象中，反射光线和入射光线关于法线对称，反射角等于入射角，所以过反射点做出法线，由反射角等于入射角，做出入射光线；平行主光轴的光线经凸透镜折射后，折射光线过焦点，如下图所示
（3）由图可知，电流从电磁铁P左端流入，从电磁铁P右端流入，由安培定则可以判断，电磁铁P右端为N极，则左端为S极；开关S在弹力F的作用下绕转动自动断开，则为支点，过向力F的作用线做垂线，垂线段为力臂L，如下图所示
【分析】 （1）小球漂浮时，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，二力是一对平衡力，其大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点在重心处，据此画出小球所受浮力F浮和重力G的示意图。
（2）光线经过平面镜进行反射，反射光线平行凸透镜的主光轴，经凸透镜折射后过凸透镜的焦点。
（3）根据安培定则判定电磁铁左端的磁极；磁体外部磁感线的方向是从N极出来，回到S极；
先确定支点，从支点作力的作用线的垂线，可得弹力F的力臂。
（1）小球漂浮在水面上，处于平衡状态，小球受到的浮力F和重力G是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以过小球的重心竖直向下做出重力G，过小球的重心竖直向上做出浮力F，如下图所示
（2）由于在光的反射现象中，反射光线和入射光线关于法线对称，反射角等于入射角，所以过反射点做出法线，由反射角等于入射角，做出入射光线；由于凸透镜具有聚光作用，能将平行于主光轴的光会聚在焦点上，所以光线经过凸透镜折射后，经过右侧的焦点，如下图所示
（3）由图可知，电流从电磁铁P左端流入，从电磁铁P右端流入，由安培定则可以判断，电磁铁P右端为N极，则左端为S极；开关S在弹力F的作用下绕转动自动断开，则为支点，过向力F的作用线做垂线，垂线段为力臂L，如下图所示
16．【答案】（1）右；76
（2）薄；竖直；相等；10.0；缩小；照相机
【知识点】质量的测量与天平的使用；凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】解：（1）由图1甲可知，指针向左偏转，由左偏右调可知，应向右调节平衡螺母，使天平平衡。由图乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，游码示数是1g，物体的质量m=50g+20g+5g+1g=76g
（2）①为了避免重影，实验中应选用薄玻璃板替代平面镜。
实验中为了确定像的大小，需要使蜡烛B与A的像完全重合，所以将玻璃板竖直放置在铺有刻度的水平纸板上。
在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动相同的另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，则蜡烛B与A的像大小相等，由于蜡烛A与蜡烛B大小相等，所以说明像与物的大小相等。
② 将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到光屏上形成一个最小最亮的光斑如图甲所示，光斑到光屏的距离为该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm；实验中如图乙所示实验情形，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机。
故答案为：（1）薄；竖直；相等；（2）10.0；缩小；照相机。
【分析】（1） 将天平放在水平桌面上，游码归零后，调节天平平衡，指针如果向右偏，则向左调节平衡螺母；如果向左偏，应向右调节平衡螺母；物块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，砝码质量与游码示数之和等于被测物体的质量。
（2）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；平面镜所成的像是虚像；根据焦点和焦距的特点进行分析；物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机。
（1）[1]将天平放在水平桌面上， 游码归零后， 调节天平平衡，由图1甲可知，指针向左偏转，由左偏右调可知，应向右调节平衡螺母，使天平平衡。
[2]由图1乙可知，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度为1g，则物块的质量m=50g+20g+5g+1g=76g
（2）①[1]由于玻璃板的两个面都能成像，实验中选用厚玻璃板替代平面镜实验时，成的像会出现重影，不能确定像的位置，所以为了避免重影，实验中应选用薄玻璃板替代平面镜。
[2]实验中为了确定像的大小，需要使蜡烛B与A的像完全重合，所以将玻璃板竖直放置在铺有刻度的水平纸板上。
[3]在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动相同的另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，则蜡烛B与A的像大小相等，由于蜡烛A与蜡烛B大小相等，所以说明像与物的大小相等。
②[4]平行光通过凸透镜后，在光屏上形成的最小最亮的光斑的位置是焦点的位置，凸透镜的光心与焦点的距离为焦距，由图2甲可知，刻度尺的分度值为1cm，光心的位置为20.0cm，焦点的位置为30.0cm，则凸透镜的焦距为
[5]由图2乙可知，光源距离凸透镜远，光屏距离凸透镜近，即物距大于像距，在光屏上能得到一个实像，由凸透镜成像规律可知，物距应大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像。
[6]由于照相机利用凸透镜成倒立、缩小的实像，所以利用此原理可以制作照相机。
17．【答案】（1）；
（2）量筒；小
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）倒入量筒内碳酸饮料液体的质量为m=m1-m2，碳酸饮料液体的体积为V，根据密度公式得：
碳酸饮料液体的密度为；（2）①容器的内壁上都会附着的气泡不会影响质量的测量值，但气泡占据一部分体积会使碳酸饮料液体的体积的测量值偏大，故影响测量结果准确性的是量筒；
②碳酸饮料液体的质量测量值准确，但碳酸饮料液体的体积测量值偏大，由可知，碳酸饮料液体的密度偏小。
故答案为：（1）m1-m2；；（2）量筒；小。
【分析】（1）根据密度公式可知，要求碳酸饮料液体的密度，必须知道碳酸饮料液体的质量与体积，步骤②中已知碳酸饮料液体的体积，步骤①③可知碳酸饮料液体的质量等于烧杯和液体的总质量减去烧杯和剩余液体的总质量；
（2）容器的内壁上都会附着的气泡不会影响质量的测量值，但会使体积的测量值偏大；
量筒中的气泡使体积的测量值偏大，再根据密度公式进行分析。
（1）[1]根据①③两步可得量筒中的液体质量为
[2]该饮料的密度表达式为
（2）[1][2]烧杯内壁附着气泡，不影响测量质量的准确程度。量筒内壁附着气泡，由图可知，气泡在液体中，会使测量的体积偏大，根据密度公式可知，所测液体密度偏小。
18．【答案】（1）
（2）B
（3）2.2；A；8.33
（4）偏大
（5）不能
（6）D
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）根据小灯泡的额定电压可知电压表选用小量程，实物电路如图所示：
（2） 闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值，也就是B端。闭合开关后，发现小灯泡不亮，不一定是电路连接错误，移动滑动变阻器，观察小灯泡是否发光，若灯泡变亮说明电路连接正确，若灯泡没变化则说明电路连接错误，故选：B。
（3）由图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，则读数为2.2V。
灯泡额定电压为2.5V，此时灯泡两端电压2.2V，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向A端移动滑动变阻器。
由题可知，三组电压值分别为2V、2.5V、3V，三组电流值为0.26A、0.30A、0.32A，根据欧姆定律可知，电压表示数越大，电流表的示数也越大，所以当电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.30A，则灯泡的电阻
（4） 灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；2V时灯泡电阻小于2.5V时灯泡电阻，故根据可知，计算出的额定功率偏大；
（5） 探究电流与电压关系时，需控制电压不变，灯泡电阻随温度变化而变化，不能充当定值电阻；
（6） A、无论将S2接1（电压表测定值电阻R0的电压），还是将接2，（电压表测灯与定值R0的电压），不能确定灯泡是否正常发光，故A项不可行；
B、只S接2时，电压表测小灯泡，移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V，则灯正常发光；
保持滑片位置不动，S接1，会导致电压表正负接线柱接反，故B项不可行；
C． 图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光， 故C不符合题意。
D．当开关S接1时，定值电阻R0与灯泡并联后再与滑动变阻器串联，电流表测通过定值电阻的电流，调节滑片，使电流表的示数与定值电阻的阻值的乘积等于灯泡的额定电压2.5V，此时灯泡正常发光，保持滑片位置不变，将开关S接2，此时电路的连接方式不变，只是电流表测定值电阻和灯泡的总电流，则总电流减去通过定值电阻的电流，就可以求出灯泡的额定电流，再根据公式P=UI求出灯泡的额定功率即可，故D符合题意。
故选D。
故答案为：（1）（2）B；（3）2.2；A；8.33；(4)偏大；（5）不能；（6）D。
【分析】（1）电压表并联在灯泡两端；
（2） 闭合开关后，灯泡不亮，可能是小灯泡的实际功率太小，据此分析；
（3）根据电压表的量程和分度值读数；由图乙可知，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压，因此要测量小灯泡的额定功率，需增大小灯泡两端的电压，根据串联分压原理可知滑片移动的方向，直到电压表示数为2.5V时，读出电流表的示数；根据欧姆定律求出电阻大小；
（4）灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；
（5） 探究电流与电压关系时，需控制电压不变；
（6）AB、在只有电压表的情况下，首先通过开关的转换，电压表能测灯的电压，判断灯正常发光，然后根据串联电路的规律和欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI 求出灯泡额定功率；
C、图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光；
D、无认将S2接a（电压表测定值电阻的电压），还是将S2接b，不能确定是否正常发光，据此分析。
（1）由于小灯泡的额定电压为2.5V，则电压表所选量程为0~3V，且并联在小灯泡两端，实物电路如图所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值，闭合开关后，发现小灯泡不亮，不一定是电路连接错误，应移动滑动变阻器，观察小灯泡是否发光，若灯泡变亮说明电路连接正确，若灯泡没变化则说明电路故障，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[1]由图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，则读数为2.2V。
[2]灯泡额定电压为2.5V，此时灯泡两端电压2.2V，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向A端移动滑动变阻器。
[3]由题可知，三组电压值分别为2V、2.5V、3V，三组电流值为0.26A、0.30A、0.32A，根据欧姆定律可知，电压表示数越大，电流表的示数也越大，所以当电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.30A，则灯泡的电阻
（4）当灯泡两端的电压增大时，灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大，2V时灯泡电阻小于2.5V时灯泡电阻，故根据可知，计算出的额定功率偏大。
（5）探究电流与电压关系时，需控制电阻不变，灯泡的阻值随着温度的变化而变化，不能充当定值电阻，故不能完成“探究电流与电压关系”的实验。
（6）A．无论将S接1（电压表测定值电阻的电压），还是将接S接2（电压表测灯与定值的总电压），都不能确定灯泡是否正常发光，故A不符合题意；
B．若当S接2时，电压表测小灯泡两端的电压，移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V，则灯正常发光；保持滑片位置不动，使S接1，此时电压表测量定值电阻两端的电压，但此时电压表的正负接线柱接反了，无法测出电压，故B不符合题意；
C．图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯泡分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光，故C不符合题意。
D．当开关S接1时，定值电阻R0与灯泡并联后再与滑动变阻器串联，电流表测通过定值电阻的电流，调节滑片，使电流表的示数与定值电阻的阻值的乘积等于灯泡的额定电压2.5V，此时灯泡正常发光，保持滑片位置不变，将开关S接2，此时电路的连接方式不变，只是电流表测定值电阻和灯泡的总电流，则总电流减去通过定值电阻的电流，就可以求出灯泡的额定电流，再根据公式P=UI求出灯泡的额定功率即可，故D符合题意。
故选D。
19．【答案】（1）送餐机器人移动的平均速度为
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强为

（3）重力对机器人所做的功为
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）路程和时间已知，利用速度公式得到机器人的速度；
（2）先利用重力公式得到机器人和菜的重力，机器人对地面的压力等于其整体的重力，它与地面的接触面积已知，利用压强公式得到其对水平地面的压强；
（3）利用功的公式计算得到重力对机器人所做的功。
（1）送餐机器人移动的平均速度为
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强为
（3）重力对机器人所做的功为
20．【答案】（1）解：当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，低温挡加热时经过R1的电流；
（2）解：再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图知道，R1、R2并联，高温挡加热的电功率；
（3）解：高温挡加热30s，电路产生的热量。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】 （1）当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，根据欧姆定律求出低温挡加热时经过R1的电流；
（2）再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图可知，R1、R2并联，根据求出高温挡加热的电功率；
（3）根据Q=W=Pt求出高温挡加热30s，电路产生的热量。
（1）当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，低温挡加热时经过R1的电流
（2）再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图知道，R1、R2并联，高温挡加热的电功率
（3）高温挡加热30s，电路产生的热量
21．【答案】（1）小球
（2）不相等
（3）速度
（4）=
（5）D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】解：（1）钢球的动能大小不能直接判断，根据转换法，实验中通过比较木块被撞击后运动的距离来反映钢球的动能大小。
（2）从斜面上相同高度处自由滑下时，质量相同的小球，到达斜面底端的速度相同，从斜面上不同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度不同，高度不同，到达斜面底端的速度不同。
（3）比较甲、乙所示的两次实验，钢球质量相同，甲中钢球释放的高度更高，撞击木块的速度更大，木块被撞击后滑行的距离较远，所以可以得出结论是质量相同时，速度越大，物体的动能越大。
（4）木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中，木块对平面的压力不变，同一平面的接触面粗糙程度不变，所以木块所受摩擦力大小不变，则。
（5）探究动能的大小与质量的关系时，由控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，则钢球的高度不变；木块的质量不变，木板的接触面粗糙程度不变；改变钢球的质量，所以换用另一个钢球实验时，应换质量更小的钢球，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
故答案为：（1）钢球；（2）不相等；（3）速度；（4）=；（5）D
【分析】（1）根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小球到达水平面时动能的大小。
（2）（3）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（4）根据压力大小和接触面粗糙程度不变分析。
（5）动能大小与质量和速度有关。
（1）实验中，是钢球从斜面释放，获得动能，钢球的动能大小不能直接判断，根据转换法，实验中通过比较木块被撞击后运动的距离来反映钢球的动能大小。
（2）质量相同的小球，从斜面上相同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度相同，从斜面上不同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度不同。
（3）比较甲、乙所示的两次实验，钢球质量相同，甲中钢球释放的高度更高，撞击木块的速度更大，木块被撞击后滑行的距离较远，所以可以得出结论是质量相同时，速度越大，物体的动能越大。
（4）木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中，木块对平面的压力不变，同一平面的接触面粗糙程度不变，所以木块所受摩擦力大小不变，则。
（5）探究动能的大小与质量的关系时，由控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，则钢球的高度不变；木块的质量不变，木板的接触面粗糙程度不变；改变钢球的质量，所以换用另一个钢球实验时，应换质量更小的钢球，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
22．【答案】大；上；B；B；大气压；降低
【知识点】热传递改变物体内能；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：（1） 因为自来水流速越大，出水温度越高，滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，所以，觉得喷头出来温度偏低，则可以将水龙头开大，或者将温度调节阀的滚轮向上调节；
（2）A．图钉做的帽大头尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B．飞机机翼上凸下平，使机翼上方气体流速快压强小，从而获得向上的升力，故B符合题意；
C．水坝做的上窄下宽是因为液体压强随着液体深度的增加而增大，故C不符合题意；
D．用摩擦过的塑料梳子靠近细水流时，细水流会向塑料梳子一方弯曲；因为摩擦过的塑料梳子带电，带电塑料梳子吸引细水流，故D不符合题意。
故应选：B。
（3）因为对水温影响之一：自来水流速越大，出水温度越高；已知左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口，所以为了提高“吸”热能力，最好设成下列图中的B。
（4） 该混合器的构造特点是：混合器是一个三通管，冷水管比较粗，但在与热水管汇合前突然变细，而热水管进水口正位于最细部，当打开冷水管水龙头时，冷水经过混合器最细部分时，由于管子突然变细，水流速度猛增，细部分压强变的很小，热水壶中的热水在大气压的作用下被压上，进入混合器和冷水混合，变成温度适宜的温水，从而从浴器的喷头处流出。
（5） 如果洗澡过程中未作任何调节，且不考虑冷热水及环境温度的变化，根据影响水温的第二点热水和喷头的高度差越小，出水温度越高，随着水的使用，高度差在增大，所以温度在降低。
故答案为：（1）大；上；（2）B；（3）B；（4）大气压；（5）降低。
【分析】（1）根据滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，对水温影响的几个要素分析解答；
（2）首先明确该热水器的工作原理，然后与各选项的工作原理比较即可；
（3）根据自来水流速越大，出水温度越高结合混合器的结构示意图分析；
（4）据大气压的应用分析即可判断；
（5）根据影响水温的第二点热水和喷头的高度差越小，出水温度越高，随着水的使用，高度差在增大，所以温度在降低。
23．【答案】电磁感应；省力；2.7×107；75%；10；3.6
【知识点】热机的效率；重力及其大小的计算；杠杆的分类；电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】解：（1）电机逆向发电，是机械能转化为电能，此时电机的工作原理是电磁感应现象；
（2）由题意可知，O点为支点，由O点分别向动力的作用线和阻力的作用线作垂线段，则OB为动力臂，OA为阻力臂，如图所示，因OB＞OA，故该金属杆为省力杠杆；
因OB＞OA，故该金属杆为省力杠杆。
（3）测试时车和人的总重力为
汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6%，阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力为
在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为
蓄电池最大容量为68kW h，司机驾驶该充满电的车以节电模式匀速行驶30km，电池剩余容量为58kW h，则消耗的电能为
该电动汽车将电能转化为机械能的效率为
（4）图丙的电路中，R与RV串联，电压表测RV的电压，由图戊可知，电流为I1＝0.2A时，RV的功率为P1＝2.0W，根据可得，电压表的示数
电流为I2＝0.3A时，RV的功率为P2＝2.7W，此时电压表的示数
根据串联电路的规律和欧姆定律，由电源电压不变列方程可得
即
解得R＝10Ω
电源电压U＝12V
由图丁知，速度越小，RV的阻值越小，根据电阻的串联和欧姆定律，电流越大，故当电流为0.6A时对应的速度为0，根据欧姆定律和电阻的串联，则车速为0时，图丁中图线与纵坐标相交点的电阻值
车速为0时，Rv消耗的电功率为
。
故答案为：（1）电磁感应；（2）省力；（3）2.7×107；75%；（4）10；3.6。
【分析】 （1）电磁感应中机械能转化为电能；
（2）作出杠杆的动力和阻力臂分析；
（3）根据总质量得出总重力，根据重力和阻力的关系和二力平衡得出牵引力；
在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，根据W=Fs得出牵引力做的功；
根据已知条件求出消耗的电能；根据求出该电动汽车将电能转化为机械能的效率；
（4）由图戊知，电流为I1=0.2A时，RV的功率为P1=2.0W；电流为I2=0.3A时，RV的功率为P2=2.7W；
根据P=UI分别得出电压表示数的示数；
根据串联电路的规律和欧姆定律，由电源电压不变列方程求出R和电源电压U；
由图丁知，速度越小，RV越小，根据电阻的串联和欧姆定律，电流越大，确定当电流为0.6A时对应速度为0，根据欧姆定律和电阻的串联，由欧姆定律和串联电路的规律求出此时RV，然后根据P=I2R求出电功率的大小。
1 / 1广东省潮州市湘桥区等2地2025年中考一模物理试题
一、单项选择题（本题7小题，每小题3分，共21分）
1．（2025·湘桥模拟）如图所示为小红写作业使用的中性笔，中性笔的长度大约是（　　）
A．15mm B．15cm C．15dm D．15m
【答案】B
【知识点】长度的估测
【解析】【解答】解：一支中性笔的长度大约是15cm=1.5dm=0.15m=150mm。
故选：B。
【分析】 根据常见的中性笔的长度与长度单位的关系分析。
2．（2025·湘桥模拟）雨过天晴，蓉峰塔公园的树叶上落着许多水珠，如右图所示，透过水珠看叶片，叶片上的纹理变粗了，此时水珠相当于（ ）
A．凹透镜 B．凸透镜 C．平面镜 D．玻璃板
【答案】B
【知识点】透镜及其特点与分类；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】 解：水珠相当于凸透镜。叶片的纹理在它的焦点以内，相当于放大镜，所以通过水珠可以看到正立、放大的虚像，故B正确，ACD错误。
故选：A。
【分析】水珠中间厚，边缘薄，符合凸透镜的定义，所以是凸透镜。
3．（2025·湘桥模拟）古代壁画是人类珍贵文化遗产的重要组成部分，由于壁画所处的环境相对封闭、幽暗、潮湿，易滋生微生物，导致壁画受损。如图所示，中国航天科技集团研制出高速喷射带负电的粒子杀灭微生物的机器人来保护壁画。该粒子可能是（　　）
A．原子核 B．质子 C．中子 D．电子
【答案】D
【知识点】原子结构
【解析】【解答】 解：中国航天科技集团研制出高速喷射带负电的粒子杀灭微生物的机器人来保护壁画，该粒子可能是电子，原子核和质子带正电，中子不带电，故D正确，ABC错误。
故选：D。
【分析】 原子是由原子核和带负电的电子组成的；原子核是由带正电的质子和不带电的中子组成的。
4．（2025·湘桥模拟）夏天要喝冰饮料时，会在饮料中加入冰块，而不是加冷水。这样做会使饮料的温度降得更多。一个原因是冰块的温度更低，另一个原因是冰块（　　）
A．熔化吸热 B．凝固放热 C．汽化吸热 D．液化放热
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点；凝固与凝固放热特点；汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热
【解析】【解答】解：夏天，要喝冰饮料时，会在饮料中加入冰块，而不加冷水；这样会使饮料的降温更多。一方面因为冰块的温度更低，另一方面因为冰块熔化吸热，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选：A。
【分析】熔化是指物质从固态转变为液态的过程， 这一过程需要吸收热量。
5．（2025·湘桥模拟）“锲而不舍，金石可镂”告诫同学们学习贵在坚持，如果坚持不懈，即使是金属和玉石也可以雕饰出美丽的花饰。如图所示，雕刻之后的印章（　　）
A．体积减少，密度减小 B．质量减少，密度减小
C．质量减少，密度不变 D．体积、质量和密度都减小
【答案】C
【知识点】质量及其特性；密度及其特性
【解析】【解答】解： 解：雕刻之后，印章的质量减小，体积减小，但是密度是物质本身的一种特性，不会改变。
故选：C。
【分析】 质量是物体本身的性质，与组成物体物质的多少有关；
密度是物质本身的一种性质，其大小与物质的种类、状态、温度等有关。
6．（2025·湘桥模拟）人们曾发明一种活塞式点火器，如图所示。以牛角作套筒，木质推杆前端粘附艾绒，取火时，一手握住套筒，另一手猛推推杆，艾绒即燃。该过程（　　）
A．艾绒的温度越高，含有的热量越多
B．内能转化为机械能
C．艾绒燃烧越充分，其热值越大
D．类似于内燃机的压缩冲程
【答案】D
【知识点】温度、热量与内能的关系；燃料的热值；热机
【解析】【解答】 解：A．热量是指热传递过程中传递能量的多少，是一个过程量，不能说“含有”，故A错误，不符合题意；
B．对气体做功，气体内能增大，手推杆入筒的过程中，对气体做功，气体的内能增大，温度升高，推杆的机械能转化为筒内气体的内能，故B错误，不符合题意；
C．艾绒燃烧越充分，其热值不变，故C错误，不符合题意；
D．该过程与内燃机的压缩冲程类似，都是将机械能转化为内能，故D正确，符合题意。
故选：D。
【分析】 （1）热量是指热传递过程中传递能量的多少，不能说“含有”。
（2）做功和热传递都能改变物体的内能。当对物体做功时，机械能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小。
（3）热值是燃料的一种特性，只决定于燃料的种类，与质量和燃烧情况等无关。
（4）内燃机的压缩冲程也是将机械能转化为内能。
7．（2025·湘桥模拟）如图，吊扇灯是灯和吊扇的完美结合，具有装饰性和实用性。吊扇灯的灯和风扇既可独立工作，又可同时工作。图中，电路设计正确并符合安全用电原则的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】解：A．由图可知，两个开关都闭合时，吊扇灯的灯和风扇串联，开关断开时，吊扇灯的灯和风扇都不工作，不能实现吊扇灯的灯和风扇既可独立工作，又可同时工作，故A错误；
B．由图可知，开关接在零线，用电器接在火线上，这里面电灯不能独立工作，故B错误；
C．由图可知，开关接在火线上，用电器接在零线上，符合安全用电原则，当只闭合S1时，灯工作，当只闭合S2时，风扇工作，当两个开关都闭合时，灯和吊扇并联同时工作，故C正确；
D．由图可知，开关接在零线，用电器接在火线上，不符合安全用电原则，故D错误。
故选：C。
【分析】 家庭电路中，各元件的开关应该接在火线和用电器之间；风扇和灯既可独立工作，又可同时工作，因此两个元件应该并联。
二、填空题（本题7小题，每空1分，每小题3分，共21分）
8．（2025·湘桥模拟）如图所示是太阳能LED灯，从材料来看，LED灯是由　 　（选填：“半导体”、“超导体”和“绝缘体”）材料制成，从能源利用角度看，太阳能是　 　（选填：“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能的产生是太阳内部高温高压下氢原子核发生　 　（选填：“裂变”或“聚变”）时释放出来的。
【答案】半导体；可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；半导体特点及作用
【解析】【解答】LED灯是由半导体材料制成。太阳能属于可再生能源。是由其内部的氢原子核发生聚变时释放出来的。
综上 第1空、 半导体； 第2空、可再生； 第3空、聚变。
【分析】1、半导体的应用：常用作发光二极管
2、核聚变：主要为太阳能的放能方式，核裂变主要是链式反应的放能方式
3、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温。
9．（2025·湘桥模拟）小文在上学路上发现商贩在用沙子翻炒栗子，如图所示。翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较 　 　（选填“大”或“小”）；栗子飘出诱人的香味，这是 　 　现象；最终栗子被炒熟是通过 　 　的方式使栗子内能增加，温度升高。
【答案】小；扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；比热容；分子热运动
【解析】【解答】解：（1）翻炒栗子用沙子的主要原因是因为沙子的比热容较小，相同质量的沙子与其它物质相比，吸收相同的热量，其温度变化较快；
（2）栗子飘出诱人的香味，这是扩散现象，是分子无规则运动形成的；
（3）最终栗子被炒熟是通过热传递的方式使栗子内能增加，温度升高。
故答案为：小；扩散；热传递。
【分析】 （1）相同质量的不同物质，吸收相同的热量，比热容越小，其温度变化越明显；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则运动，产生扩散现象；
（3）改变物体内能方式有两种：做功和热传递，做功的实质是能量的转化，热传递的实质是能量的转移。
10．（2025·湘桥模拟）在完成课外实践性作业中，某同学探究了一定浓度的盐水凝固时温度的变化规律，根据实验数据画出了盐水的凝固图像（如图），该盐水的凝固点是　 　℃，凝固过程经历　 　min，盐水凝固过程内能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】-2；10；减小
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；温度、热量与内能的关系
【解析】【解答】解：（1）从图象可知：温度保持不变的温度是-2℃，故该盐水的凝固点是-2℃；
（2）由图象可知，物质在10～20min凝固，凝固过程用了20min-10min=10min；
（3）凝固过程，放热温度不变，内能减小。
故答案为：-2；10；减小。
【分析】盐水凝固的温度为盐水的凝固点；
凝固结束时间减去开始凝固时间即为凝固过程需要的时间，晶体凝固过程中的温度不变；
凝固的过程是放热的过程。
11．（2025·湘桥模拟）我国很多地区的农业已进入智能化时代，农用机械可以通过北斗导航系统实现精准作业。如图为一架无人机在农田中喷洒农药时的情景。北斗导航系统中是利用　 　（选填“超声波”或“电磁波”）传递信息的。从无人机实时传回的视频中看到“大地扑面而来”，这是以　 　（选填“大地”或“无人机”）为参照物。无人机喷洒农药完毕，匀速下降过程中，无人机的重力势能　 　（选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】电磁波；无人机；减小
【知识点】势能的影响因素；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】 解：北斗导航系统中是利用电磁波传递信息的。从无人机实时传回的视频中看到“大地扑面而来”，这是以无人机为参照物，大地与无人机的位置发生变化。
无人机喷洒农药完毕，匀速下降过程中，质量不变，高度降低，所以无人机的重力势能减小。
故答案为：电磁波；无人机；减小。
【分析】 电磁波可以传递信息；物体相对于参照物的位置变化了，物体是运动的，相对于参照物的位置不变，物体是静止的。
根据影响重力势能的两个因素：质量、高度的变化，来判断物体重力势能的变化。
12．（2025·湘桥模拟）利用手机通话时，手机电池相当于该电路中的　 　（选填“电源”、“开关”或“用电器”）；接听电话时，我们可以辨别打电话的人，这是因为不同的人发出声音的　 　不同（选填“音调”、“响度”或“音色”）；有人为了防止玩手机被人偷看到屏幕内容，在屏幕上贴了手机防窥膜，其原理类似百叶窗，只能透过一定角度的光线，结构简图如图。两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的　 　（选填“反射”、“折射”或“直线传播”）。
【答案】电源；音色；直线传播
【知识点】光的直线传播及其应用；音调、响度与音色的区分；电路的构成及电路图
【解析】【解答】解：手机通话时，手机电池提供电能，相当于电路中的电源。
不同的人发出声音的音色不同，我们可以通过音色辨别打电话的人。
光在同种均匀的介质中沿直线传播，由图可知，两侧之所以看不清屏幕内容，是由于光的直线传播。
故答案为：电源；音色；直线传播。
【分析】 电源是给用电器持续提供电能的装置；
人们通过音色来辨别物体；
光在同种均匀介质中沿直线传播。
13．（2025·湘桥模拟）如图所示，用同一滑轮按甲、乙两种方式匀速提升同一物体，物体重100N，绳重和摩擦不计。使用图甲方式的好处是可以改变力的　 　，若甲、乙两种方式的机械效率分别为、，则　 　（选填“>”、“=”或“<”），若图乙中再加挂一物体，其机械效率将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】方向；＞；变大
【知识点】定滑轮及其工作特点；滑轮（组）的机械效率；增大或减小机械效率的方法
【解析】【解答】解：（1）从图中看出甲滑轮轴固定不动，是定滑轮，可以改变力的方向，但不能省力；
（2）甲图为定滑轮，不计绳重及摩擦，总功等于有用功，机械效率为100%；乙图为动滑轮，不计绳重及摩擦，克服动滑轮的重力做功为额外功，总功大于有用功，机械效率小于100%；故可得机械效率的关系为η甲＞η乙。
（3）图乙中再加挂一物体，提升重物的重力增加，在提升高度不变时，做的有用功变大，而额外功不变，则有用功在总功中所占的比例增大，即动滑轮的机械效率变大。
故答案为：方向；＞；变大。
【分析】 （1）甲滑轮是定滑轮，可以改变力的方向；
（2）定滑轮的机械效率大于动滑轮的机械效率；
（3）增大机械效率的方法有二：一是增大有用功，即提升更重的重物；二是减小额外功，如减小摩擦、减轻动滑轮重。
14．（2025·湘桥模拟）如图为探究电流通过导体产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置。若想探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系，则应选择　 　两个装置进行对比。通电时间相同时，产生热量最多的是　 　装置中的电阻丝。若通过丙装置中盒内的电阻丝的电流为0.5A，则通电20s产生的热量为　 　J。
【答案】甲、乙；乙；25
【知识点】焦耳定律；焦耳定律的应用；电流的热效应
【解析】【解答】 探究电流通过导体产生热量的多少与电阻的关系， 变量为电阻的大小，所以需要甲乙串联比较，甲乙装置电流相同，乙电阻最大，甲丙装置电阻相同，但是电流甲大，根据焦耳定律可知乙 产生热量最多 ，通电20s产生的热量为。
综上 第1空、甲乙； 第2空、乙； 第3空、25.
【分析】控制变量法：在物理实验中，存在多个影响因素共同决定某个物理量，如电流的热效应的影响因素有：电阻和电流。在探究某个单一变量对物理量的影响时，需要控制其余变量相同，如探究 导体的发热量可能与导体的电阻的关系时，需要电流相同，故选择串联电路。
探究电流的热效应：原理为焦耳定律Q=I2Rt，所以产热量和电阻成正比，和电流的平方成正比，实验中通过液面高度差的变化作为观察指标转化为电流的产热量。
三、作图题（共8分）
15．（2025·湘桥模拟）（1）如图所示，小球漂浮在水面上，请画出小球受到的浮力F和重力G；
（2）如图所示，请补充平面镜的入射光线和经过凸透镜的折射光线，完成光路图（图中O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点）；
（3）如图所示，是由电磁铁P构成的自动空气开关的原理图，P为电磁铁，Q为衔铁，S为闸刀开关。当家庭电路中电流达到一定值时，P吸引Q且可绕点转动，S在弹力F的作用下绕转动自动断开，切断电路，起到保险作用。请在图中括号标出电磁铁左侧的磁极名称，画出闸刀开关S所受弹力F的力臂L。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知识点】透镜的光路图；重力示意图；力臂的画法
【解析】【解答】解：（1）小球漂浮在水面上，受到竖直向上的浮力和竖直向下的重力，两力大小相等，长度应该一样长，如下图所示
（2）由于在光的反射现象中，反射光线和入射光线关于法线对称，反射角等于入射角，所以过反射点做出法线，由反射角等于入射角，做出入射光线；平行主光轴的光线经凸透镜折射后，折射光线过焦点，如下图所示
（3）由图可知，电流从电磁铁P左端流入，从电磁铁P右端流入，由安培定则可以判断，电磁铁P右端为N极，则左端为S极；开关S在弹力F的作用下绕转动自动断开，则为支点，过向力F的作用线做垂线，垂线段为力臂L，如下图所示
【分析】 （1）小球漂浮时，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力，二力是一对平衡力，其大小相等、方向相反、作用在同一直线上，二力的作用点在重心处，据此画出小球所受浮力F浮和重力G的示意图。
（2）光线经过平面镜进行反射，反射光线平行凸透镜的主光轴，经凸透镜折射后过凸透镜的焦点。
（3）根据安培定则判定电磁铁左端的磁极；磁体外部磁感线的方向是从N极出来，回到S极；
先确定支点，从支点作力的作用线的垂线，可得弹力F的力臂。
（1）小球漂浮在水面上，处于平衡状态，小球受到的浮力F和重力G是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以过小球的重心竖直向下做出重力G，过小球的重心竖直向上做出浮力F，如下图所示
（2）由于在光的反射现象中，反射光线和入射光线关于法线对称，反射角等于入射角，所以过反射点做出法线，由反射角等于入射角，做出入射光线；由于凸透镜具有聚光作用，能将平行于主光轴的光会聚在焦点上，所以光线经过凸透镜折射后，经过右侧的焦点，如下图所示
（3）由图可知，电流从电磁铁P左端流入，从电磁铁P右端流入，由安培定则可以判断，电磁铁P右端为N极，则左端为S极；开关S在弹力F的作用下绕转动自动断开，则为支点，过向力F的作用线做垂线，垂线段为力臂L，如下图所示
四、实验题（本大题3小题，共20分）
16．（2025·湘桥模拟）小丽和小华在物理实验室进行实验。
（1）小丽在练习使用托盘天平，她将天平放在水平桌面上，游码归零后发现指针的位置如图1（甲）所示，此时她需将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，才能使横梁平衡；然后，她将被测物块放入天平左盘，向右盘增减砝码并移动游码，使横梁再次平衡时，游码的位置和所加砝码如图1（乙）所示，则该物块的质量是　 　g；
（2）小华在进行光学实验；
①他首先利用两支大小相同的蜡烛来探究平面镜成像的特点。为了确定像的位置，实验中应选用　 　（选填“薄”或“厚”）玻璃板替代平面镜；实验时他将玻璃板　 　放置在铺有刻度的水平纸板上，在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，说明像与物的大小　 　（选填“相等”或“不相等”）；
②完成平面镜成像的实验后，小华找来F光源、凸透镜、光具座和光屏，探究凸透镜成像的特点。首先他将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到形成最小最亮的光斑，如图2（甲）所示，则凸透镜的焦距为　 　cm；接着，他将F光源放在了如图2（乙）所示的位置，移动光屏，在光屏上得到了一个倒立、　 　（选填“放大”、“等大”或“缩小”）的实像，利用此原理，可以制作　 　（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
【答案】（1）右；76
（2）薄；竖直；相等；10.0；缩小；照相机
【知识点】质量的测量与天平的使用；凸透镜成像规律及其探究实验；探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】解：（1）由图1甲可知，指针向左偏转，由左偏右调可知，应向右调节平衡螺母，使天平平衡。由图乙可知，天平横梁标尺的分度值是0.2g，游码示数是1g，物体的质量m=50g+20g+5g+1g=76g
（2）①为了避免重影，实验中应选用薄玻璃板替代平面镜。
实验中为了确定像的大小，需要使蜡烛B与A的像完全重合，所以将玻璃板竖直放置在铺有刻度的水平纸板上。
在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动相同的另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，则蜡烛B与A的像大小相等，由于蜡烛A与蜡烛B大小相等，所以说明像与物的大小相等。
② 将平行光正对凸透镜，移动光屏，直到光屏上形成一个最小最亮的光斑如图甲所示，光斑到光屏的距离为该凸透镜的焦距f=30.0cm-20.0cm=10.0cm；实验中如图乙所示实验情形，物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机。
故答案为：（1）薄；竖直；相等；（2）10.0；缩小；照相机。
【分析】（1） 将天平放在水平桌面上，游码归零后，调节天平平衡，指针如果向右偏，则向左调节平衡螺母；如果向左偏，应向右调节平衡螺母；物块放在天平的左盘，在右盘添加砝码并移动游码，砝码质量与游码示数之和等于被测物体的质量。
（2）利用玻璃板透明的特点，可以观察到玻璃板的另一侧，便于找到像的位置；平面镜所成的像是虚像；根据焦点和焦距的特点进行分析；物距大于像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机。
（1）[1]将天平放在水平桌面上， 游码归零后， 调节天平平衡，由图1甲可知，指针向左偏转，由左偏右调可知，应向右调节平衡螺母，使天平平衡。
[2]由图1乙可知，标尺的分度值为0.2g，游码对应的刻度为1g，则物块的质量m=50g+20g+5g+1g=76g
（2）①[1]由于玻璃板的两个面都能成像，实验中选用厚玻璃板替代平面镜实验时，成的像会出现重影，不能确定像的位置，所以为了避免重影，实验中应选用薄玻璃板替代平面镜。
[2]实验中为了确定像的大小，需要使蜡烛B与A的像完全重合，所以将玻璃板竖直放置在铺有刻度的水平纸板上。
[3]在玻璃板前放置一支点燃的蜡烛A，在玻璃板后面移动相同的另一支未点燃的蜡烛B，发现B与A的像完全重合，则蜡烛B与A的像大小相等，由于蜡烛A与蜡烛B大小相等，所以说明像与物的大小相等。
②[4]平行光通过凸透镜后，在光屏上形成的最小最亮的光斑的位置是焦点的位置，凸透镜的光心与焦点的距离为焦距，由图2甲可知，刻度尺的分度值为1cm，光心的位置为20.0cm，焦点的位置为30.0cm，则凸透镜的焦距为
[5]由图2乙可知，光源距离凸透镜远，光屏距离凸透镜近，即物距大于像距，在光屏上能得到一个实像，由凸透镜成像规律可知，物距应大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像。
[6]由于照相机利用凸透镜成倒立、缩小的实像，所以利用此原理可以制作照相机。
17．（2025·湘桥模拟）某实验小组用电子秤和量筒测量碳酸饮料液体的密度，请你帮他们把实验步骤补充完整。并回答下面的问题。
（1）实验步骤：
①在烧杯内倒入适量的饮料，用已调零的电子秤测出烧杯液体的总质量为；
②将烧杯内的部分液体倒入量筒内，读出量筒内液体的体积为V；
③用电子秤测出烧杯和剩余液体的总质量为；
④根据测得的数据，量筒中的液体质量为　 　，该饮料的密度表达式为　 　；
（2）实验过程中，他们发现饮料倒入烧杯和量筒内之后，容器的内壁上都会附着一些气泡，实验结束时还未消失，如图所示。你认为能够影响测量结果准确性的是　 　（选填“烧杯”或“量筒”）内壁上的气泡，它会使所测液体密度比真实值偏　 　（选填“大”或“小”）。
【答案】（1）；
（2）量筒；小
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）倒入量筒内碳酸饮料液体的质量为m=m1-m2，碳酸饮料液体的体积为V，根据密度公式得：
碳酸饮料液体的密度为；（2）①容器的内壁上都会附着的气泡不会影响质量的测量值，但气泡占据一部分体积会使碳酸饮料液体的体积的测量值偏大，故影响测量结果准确性的是量筒；
②碳酸饮料液体的质量测量值准确，但碳酸饮料液体的体积测量值偏大，由可知，碳酸饮料液体的密度偏小。
故答案为：（1）m1-m2；；（2）量筒；小。
【分析】（1）根据密度公式可知，要求碳酸饮料液体的密度，必须知道碳酸饮料液体的质量与体积，步骤②中已知碳酸饮料液体的体积，步骤①③可知碳酸饮料液体的质量等于烧杯和液体的总质量减去烧杯和剩余液体的总质量；
（2）容器的内壁上都会附着的气泡不会影响质量的测量值，但会使体积的测量值偏大；
量筒中的气泡使体积的测量值偏大，再根据密度公式进行分析。
（1）[1]根据①③两步可得量筒中的液体质量为
[2]该饮料的密度表达式为
（2）[1][2]烧杯内壁附着气泡，不影响测量质量的准确程度。量筒内壁附着气泡，由图可知，气泡在液体中，会使测量的体积偏大，根据密度公式可知，所测液体密度偏小。
18．（2025·湘桥模拟）物理小组利用图（甲）的实验器材进行电学实验，已知待测小灯泡额定电压为2.5V。
（1）若物理小组想测量小灯泡正常发光时的电阻，请你帮他们将图甲的实物电路连接完整；
（2）闭合开关后，发现小灯泡不亮，接下来合理的操作是________（选填序号）；
A．断开开关，更换小灯泡
B．移动滑动变阻器观察小灯泡是否发光
（3）解决问题后，移动滑片，电压表的示数如图（乙）所示，其读数是　 　V；为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向　 　（选填“A”或“B”）端移动。小超测量三组实验数据，粗心的小超把三组数据随手写在草稿纸上，而没有填写在对应的表格中，如图（丙）所示，请你帮助小超计算：小灯泡正常发光时的电阻　 　Ω（计算结果保留2位小数）；
（4）同组的小明想测量小灯泡的额定功率，他认为，无需测量小灯泡电压为2.5V时的相关数据，也能计算出灯泡的额定功率。他利用上面已经测量的数据，计算2V电压下灯泡的电阻R，再根据，计算小灯泡在2.5V下的额定功率，此方法计算出的额定功率与实际的额定功率相比　 　（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）；
（5）仅利用图甲中实验器材　 　（选填“能”或“不能”）完成“探究电流与电压关系”的实验；
（6）小组同学讨论后，认为只用一只电表、增加一个已知阻值的定值电阻R0，也可测量仅标有额定电压U额的小灯泡的额定功率（若电源电压未知）。如下四种方案，最可行的是________。
A． B．
C． D．
【答案】（1）
（2）B
（3）2.2；A；8.33
（4）偏大
（5）不能
（6）D
【知识点】电功率的测量；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】解：（1）根据小灯泡的额定电压可知电压表选用小量程，实物电路如图所示：
（2） 闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值，也就是B端。闭合开关后，发现小灯泡不亮，不一定是电路连接错误，移动滑动变阻器，观察小灯泡是否发光，若灯泡变亮说明电路连接正确，若灯泡没变化则说明电路连接错误，故选：B。
（3）由图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，则读数为2.2V。
灯泡额定电压为2.5V，此时灯泡两端电压2.2V，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向A端移动滑动变阻器。
由题可知，三组电压值分别为2V、2.5V、3V，三组电流值为0.26A、0.30A、0.32A，根据欧姆定律可知，电压表示数越大，电流表的示数也越大，所以当电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.30A，则灯泡的电阻
（4） 灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；2V时灯泡电阻小于2.5V时灯泡电阻，故根据可知，计算出的额定功率偏大；
（5） 探究电流与电压关系时，需控制电压不变，灯泡电阻随温度变化而变化，不能充当定值电阻；
（6） A、无论将S2接1（电压表测定值电阻R0的电压），还是将接2，（电压表测灯与定值R0的电压），不能确定灯泡是否正常发光，故A项不可行；
B、只S接2时，电压表测小灯泡，移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V，则灯正常发光；
保持滑片位置不动，S接1，会导致电压表正负接线柱接反，故B项不可行；
C． 图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光， 故C不符合题意。
D．当开关S接1时，定值电阻R0与灯泡并联后再与滑动变阻器串联，电流表测通过定值电阻的电流，调节滑片，使电流表的示数与定值电阻的阻值的乘积等于灯泡的额定电压2.5V，此时灯泡正常发光，保持滑片位置不变，将开关S接2，此时电路的连接方式不变，只是电流表测定值电阻和灯泡的总电流，则总电流减去通过定值电阻的电流，就可以求出灯泡的额定电流，再根据公式P=UI求出灯泡的额定功率即可，故D符合题意。
故选D。
故答案为：（1）（2）B；（3）2.2；A；8.33；(4)偏大；（5）不能；（6）D。
【分析】（1）电压表并联在灯泡两端；
（2） 闭合开关后，灯泡不亮，可能是小灯泡的实际功率太小，据此分析；
（3）根据电压表的量程和分度值读数；由图乙可知，电压表的示数为2.2V，小于灯泡额定电压，因此要测量小灯泡的额定功率，需增大小灯泡两端的电压，根据串联分压原理可知滑片移动的方向，直到电压表示数为2.5V时，读出电流表的示数；根据欧姆定律求出电阻大小；
（4）灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大；
（5） 探究电流与电压关系时，需控制电压不变；
（6）AB、在只有电压表的情况下，首先通过开关的转换，电压表能测灯的电压，判断灯正常发光，然后根据串联电路的规律和欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P=UI 求出灯泡额定功率；
C、图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光；
D、无认将S2接a（电压表测定值电阻的电压），还是将S2接b，不能确定是否正常发光，据此分析。
（1）由于小灯泡的额定电压为2.5V，则电压表所选量程为0~3V，且并联在小灯泡两端，实物电路如图所示：
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑片调到最大阻值，闭合开关后，发现小灯泡不亮，不一定是电路连接错误，应移动滑动变阻器，观察小灯泡是否发光，若灯泡变亮说明电路连接正确，若灯泡没变化则说明电路故障，故A不符合题意，B符合题意。
故选B。
（3）[1]由图可知，电压表所选量程为0~3V，分度值为0.1V，则读数为2.2V。
[2]灯泡额定电压为2.5V，此时灯泡两端电压2.2V，为了测量小灯泡正常发光时的电阻，应增大灯泡两端电压，减小滑动变阻器两端电压，根据串联分压可知，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应向A端移动滑动变阻器。
[3]由题可知，三组电压值分别为2V、2.5V、3V，三组电流值为0.26A、0.30A、0.32A，根据欧姆定律可知，电压表示数越大，电流表的示数也越大，所以当电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.30A，则灯泡的电阻
（4）当灯泡两端的电压增大时，灯丝的温度升高，灯丝的电阻变大，2V时灯泡电阻小于2.5V时灯泡电阻，故根据可知，计算出的额定功率偏大。
（5）探究电流与电压关系时，需控制电阻不变，灯泡的阻值随着温度的变化而变化，不能充当定值电阻，故不能完成“探究电流与电压关系”的实验。
（6）A．无论将S接1（电压表测定值电阻的电压），还是将接S接2（电压表测灯与定值的总电压），都不能确定灯泡是否正常发光，故A不符合题意；
B．若当S接2时，电压表测小灯泡两端的电压，移动变阻器的滑片，使电压表示数为2.5V，则灯正常发光；保持滑片位置不动，使S接1，此时电压表测量定值电阻两端的电压，但此时电压表的正负接线柱接反了，无法测出电压，故B不符合题意；
C．图中只有电流表，通过开关的转换，定值电阻与灯泡分别与变阻器串联，无法确定灯是否正常发光，故C不符合题意。
D．当开关S接1时，定值电阻R0与灯泡并联后再与滑动变阻器串联，电流表测通过定值电阻的电流，调节滑片，使电流表的示数与定值电阻的阻值的乘积等于灯泡的额定电压2.5V，此时灯泡正常发光，保持滑片位置不变，将开关S接2，此时电路的连接方式不变，只是电流表测定值电阻和灯泡的总电流，则总电流减去通过定值电阻的电流，就可以求出灯泡的额定电流，再根据公式P=UI求出灯泡的额定功率即可，故D符合题意。
故选D。
五、计算题（本大题2小题，共13分）
19．（2025·湘桥模拟）人工智能逐渐融入我们的生活。如图所示，某餐厅送餐机器人的质量为18kg，它与地面的总接触面积为，将餐菜送到15m远的顾客桌上需要20s，g取10N/kg．求：
（1）送餐机器人移动的平均速度；
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强；
（3）设楼层高3米，某次送餐后，机器人乘坐匀速下降的电梯从四楼返回一楼，重力对机器人所做的功。
【答案】（1）送餐机器人移动的平均速度为
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强为

（3）重力对机器人所做的功为
【知识点】速度公式及其应用；重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）路程和时间已知，利用速度公式得到机器人的速度；
（2）先利用重力公式得到机器人和菜的重力，机器人对地面的压力等于其整体的重力，它与地面的接触面积已知，利用压强公式得到其对水平地面的压强；
（3）利用功的公式计算得到重力对机器人所做的功。
（1）送餐机器人移动的平均速度为
（2）送餐机器人托着2kg的餐菜，静止时对水平地面的压强为
（3）重力对机器人所做的功为
20．（2025·湘桥模拟）某款多功能暖菜板有高、低温两挡加热功能。其简化电路图如图所示，其中、为电热丝。已知电源电压为220V，的阻值为110Ω，的阻值为220Ω。当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，再闭合时，处于高温挡加热。求：
（1）低温挡加热时经过的电流；
（2）高温挡加热的电功率；
（3）高温挡加热30s，电路产生的热量。
【答案】（1）解：当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，低温挡加热时经过R1的电流；
（2）解：再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图知道，R1、R2并联，高温挡加热的电功率；
（3）解：高温挡加热30s，电路产生的热量。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；焦耳定律的应用
【解析】【分析】 （1）当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，根据欧姆定律求出低温挡加热时经过R1的电流；
（2）再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图可知，R1、R2并联，根据求出高温挡加热的电功率；
（3）根据Q=W=Pt求出高温挡加热30s，电路产生的热量。
（1）当只闭合开关S时，暖菜板处于低温挡加热，由电路图可知，此时只有R1工作，低温挡加热时经过R1的电流
（2）再闭合S1时，处于高温挡加热，由电路图知道，R1、R2并联，高温挡加热的电功率
（3）高温挡加热30s，电路产生的热量
六、综合能力题（本大题3小题，共17分）
21．（2025·湘桥模拟）探究“物体动能的大小与什么因素有关”的实验中。小明同学让同一钢球分别从同一斜面由静止开始滚下，撞击相同木块，如图所示。
（1）甲、乙实验是通过观察木块被撞击后运动的距离，来研究　 　（选填“小球”或“木块”）动能的大小；
（2）质量相同的小球，从斜面上不同高度处自由滑下，小球到达水平面时的速度大小　 　（选填“相等”或“不相等”）的；
（3）对比实验中甲、乙，我们可以得出结论：质量相同的物体，　 　越大，具有的动能越大；
（4）若甲、乙两次实验中木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中所受摩擦力分别为、，则　 　（选填“>”、“=”或“<”）；
（5）为了探究动能的大小与质量的关系，当换用另一个钢球实验时，发现它将木块撞出了木板，要继续完成此实验，下列措施中可行的是________。
A．换质量更大的木块 B．降低第二次钢球的高度
C．木板上铺毛巾 D．换质量更小的钢球
【答案】（1）小球
（2）不相等
（3）速度
（4）=
（5）D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】解：（1）钢球的动能大小不能直接判断，根据转换法，实验中通过比较木块被撞击后运动的距离来反映钢球的动能大小。
（2）从斜面上相同高度处自由滑下时，质量相同的小球，到达斜面底端的速度相同，从斜面上不同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度不同，高度不同，到达斜面底端的速度不同。
（3）比较甲、乙所示的两次实验，钢球质量相同，甲中钢球释放的高度更高，撞击木块的速度更大，木块被撞击后滑行的距离较远，所以可以得出结论是质量相同时，速度越大，物体的动能越大。
（4）木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中，木块对平面的压力不变，同一平面的接触面粗糙程度不变，所以木块所受摩擦力大小不变，则。
（5）探究动能的大小与质量的关系时，由控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，则钢球的高度不变；木块的质量不变，木板的接触面粗糙程度不变；改变钢球的质量，所以换用另一个钢球实验时，应换质量更小的钢球，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
故答案为：（1）钢球；（2）不相等；（3）速度；（4）=；（5）D
【分析】（1）根据转换法，通过比较木块在同一水平面上被撞击的距离来比较小球到达水平面时动能的大小。
（2）（3）物体的动能大小与物体的质量和速度有关，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变。
（4）根据压力大小和接触面粗糙程度不变分析。
（5）动能大小与质量和速度有关。
（1）实验中，是钢球从斜面释放，获得动能，钢球的动能大小不能直接判断，根据转换法，实验中通过比较木块被撞击后运动的距离来反映钢球的动能大小。
（2）质量相同的小球，从斜面上相同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度相同，从斜面上不同高度处自由滑下时，到达斜面底端的速度不同。
（3）比较甲、乙所示的两次实验，钢球质量相同，甲中钢球释放的高度更高，撞击木块的速度更大，木块被撞击后滑行的距离较远，所以可以得出结论是质量相同时，速度越大，物体的动能越大。
（4）木块被撞击后，在同一平面上滑行过程中，木块对平面的压力不变，同一平面的接触面粗糙程度不变，所以木块所受摩擦力大小不变，则。
（5）探究动能的大小与质量的关系时，由控制变量法可知，应控制钢球的速度相同，则钢球的高度不变；木块的质量不变，木板的接触面粗糙程度不变；改变钢球的质量，所以换用另一个钢球实验时，应换质量更小的钢球，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
22．（2025·湘桥模拟）阅读短文，回答问题：
澡精灵
澡精灵简易热水器由于易于安装，价格低廉，实用性强，被网友评为没有热水器的宿舍必备“神器”之一。如图为它的产品实拍图（图1）和原理图（图2），它是利用自来水的水流通过混合器流速变快压强变小而在大气压的作用下将开水“吸”上来混合成温水淋浴的一种简易淋浴器。
使用时将接头套在自来水龙头上，花洒喷头持钩安装在不高于1.8m位置，把“吸热管”插入准备好的热水容器里，打开自来水龙头，喷头就会流出混合好的温水，安装时最好将盛热水的容器放置在50cm以上的凳子上并加固，以提高出水温度。
水温可以通过温度调节阀（如图3）进行调节，它的滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，另外对水温影响还有几个要素：第一，自来水流速越大，出水温度越高；第二，热水与喷头的高度差越小，出水温度越高；第三，热水温度越高，出水温度越高。
（1）如果觉得喷头出来温度偏低，则可以将水龙头开　 　（大/小），或者将温度调节阀的滚轮向　 　（上/下）调节；
（2）下列与该热水器的工作原理相同的是　 　；
A．图钉做的帽大头尖 B．飞机机翼上凸下平
C．水坝做的上窄下宽 D．摩擦过的塑料梳子可以吸引细小水流
（3）为了提高“吸”热能力，混合器的结构示意图最好设成下列中的　 　 ；（注：左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口）
（4）热水在吸管上升，是由于　 　作用；
（5）如果洗澡过程中未作任何调节，且不考虑冷热水及环境温度的变化，则洗澡过程中喷头出水温度将　 　（升高/降低/不变）。
【答案】大；上；B；B；大气压；降低
【知识点】热传递改变物体内能；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：（1） 因为自来水流速越大，出水温度越高，滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，所以，觉得喷头出来温度偏低，则可以将水龙头开大，或者将温度调节阀的滚轮向上调节；
（2）A．图钉做的帽大头尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A不符合题意；
B．飞机机翼上凸下平，使机翼上方气体流速快压强小，从而获得向上的升力，故B符合题意；
C．水坝做的上窄下宽是因为液体压强随着液体深度的增加而增大，故C不符合题意；
D．用摩擦过的塑料梳子靠近细水流时，细水流会向塑料梳子一方弯曲；因为摩擦过的塑料梳子带电，带电塑料梳子吸引细水流，故D不符合题意。
故应选：B。
（3）因为对水温影响之一：自来水流速越大，出水温度越高；已知左为冷水进口，下为热水进口，右为温水出口，所以为了提高“吸”热能力，最好设成下列图中的B。
（4） 该混合器的构造特点是：混合器是一个三通管，冷水管比较粗，但在与热水管汇合前突然变细，而热水管进水口正位于最细部，当打开冷水管水龙头时，冷水经过混合器最细部分时，由于管子突然变细，水流速度猛增，细部分压强变的很小，热水壶中的热水在大气压的作用下被压上，进入混合器和冷水混合，变成温度适宜的温水，从而从浴器的喷头处流出。
（5） 如果洗澡过程中未作任何调节，且不考虑冷热水及环境温度的变化，根据影响水温的第二点热水和喷头的高度差越小，出水温度越高，随着水的使用，高度差在增大，所以温度在降低。
故答案为：（1）大；上；（2）B；（3）B；（4）大气压；（5）降低。
【分析】（1）根据滚轮向下调节时热水吸管的横截面积会变小，对水温影响的几个要素分析解答；
（2）首先明确该热水器的工作原理，然后与各选项的工作原理比较即可；
（3）根据自来水流速越大，出水温度越高结合混合器的结构示意图分析；
（4）据大气压的应用分析即可判断；
（5）根据影响水温的第二点热水和喷头的高度差越小，出水温度越高，随着水的使用，高度差在增大，所以温度在降低。
23．（2025·湘桥模拟）阅读短文，回答问题。
电动汽车
电动汽车是环保的交通工具（如图甲所示），行驶时蓄电池给电动机供电，电动汽车的主要部分参数如表所示。在某次测试过程中，司机和一名陪同人员上车。司机驾驶该充满电的汽车以节电模式匀速行驶30km后，电池剩余容量为58kW h，陪同人员负责记录测试数据。汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6%。
测试时车和人的总质量 1500kg
蓄电池最大容量 68kW h
最高车速 120km/h
最大功率 90kW
（1）为了节能，汽车靠近目的地前可采用“再生制动”的方法：在车速逐渐减到60km/h的过程中，不采用机械刹车，由于电动汽车继续行驶，带动电机逆向发电，将电能存储在蓄电池内，此时电机的工作原理是　 　；
（2）汽车刹车原理图如图乙所示，连着刹车踏板的金属杆可视为一根能绕O点转动的　 　（选填“省力”“等臂”或“费力”）杠杆；
（3）在此测试过程中，汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为　 　J，该汽车将电能转化为机械能的效率为　 　%；（g＝10N/kg）
（4）如图丙是小明设计的车速提醒电路，R为定值电阻，Rv的阻值随车速的变化而改变。当电压表的示数达到某一数值时提醒驾驶员车速过快，需要减速。图丁是电阻Rv的阻值与车速关系的图像，图戊是车速从0加速到100km/h过程中，Rv消耗的电功率随电流变化的图像。则图丙中定值电阻R的阻值为　 　Ω；车速为0时，Rv消耗的电功率为　 　W。
【答案】电磁感应；省力；2.7×107；75%；10；3.6
【知识点】热机的效率；重力及其大小的计算；杠杆的分类；电功率的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】解：（1）电机逆向发电，是机械能转化为电能，此时电机的工作原理是电磁感应现象；
（2）由题意可知，O点为支点，由O点分别向动力的作用线和阻力的作用线作垂线段，则OB为动力臂，OA为阻力臂，如图所示，因OB＞OA，故该金属杆为省力杠杆；
因OB＞OA，故该金属杆为省力杠杆。
（3）测试时车和人的总重力为
汽车匀速行驶时所受阻力为总重力的6%，阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力为
在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，牵引力做的功为
蓄电池最大容量为68kW h，司机驾驶该充满电的车以节电模式匀速行驶30km，电池剩余容量为58kW h，则消耗的电能为
该电动汽车将电能转化为机械能的效率为
（4）图丙的电路中，R与RV串联，电压表测RV的电压，由图戊可知，电流为I1＝0.2A时，RV的功率为P1＝2.0W，根据可得，电压表的示数
电流为I2＝0.3A时，RV的功率为P2＝2.7W，此时电压表的示数
根据串联电路的规律和欧姆定律，由电源电压不变列方程可得
即
解得R＝10Ω
电源电压U＝12V
由图丁知，速度越小，RV的阻值越小，根据电阻的串联和欧姆定律，电流越大，故当电流为0.6A时对应的速度为0，根据欧姆定律和电阻的串联，则车速为0时，图丁中图线与纵坐标相交点的电阻值
车速为0时，Rv消耗的电功率为
。
故答案为：（1）电磁感应；（2）省力；（3）2.7×107；75%；（4）10；3.6。
【分析】 （1）电磁感应中机械能转化为电能；
（2）作出杠杆的动力和阻力臂分析；
（3）根据总质量得出总重力，根据重力和阻力的关系和二力平衡得出牵引力；
在此测试过程中，电动汽车匀速行驶30km，根据W=Fs得出牵引力做的功；
根据已知条件求出消耗的电能；根据求出该电动汽车将电能转化为机械能的效率；
（4）由图戊知，电流为I1=0.2A时，RV的功率为P1=2.0W；电流为I2=0.3A时，RV的功率为P2=2.7W；
根据P=UI分别得出电压表示数的示数；
根据串联电路的规律和欧姆定律，由电源电压不变列方程求出R和电源电压U；
由图丁知，速度越小，RV越小，根据电阻的串联和欧姆定律，电流越大，确定当电流为0.6A时对应速度为0，根据欧姆定律和电阻的串联，由欧姆定律和串联电路的规律求出此时RV，然后根据P=I2R求出电功率的大小。
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