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广东省清远市2024-2025学年高一上学期期末教学质量检测物理试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025高一上·清远期末）骑行既可以强身健体、提升心肺功能、增强免疫力，又可以响应国家绿色出行倡议减少碳排放。一市民在某次骑行过程中由A点开始出发，经过一段时间后骑行了2.16公里到达B点，该市民通过手机运动软件记录的运动轨迹与信息如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．图中“00：01”指的是时刻
B．图中“2.16公里”为该次骑行的位移
C．图中“33.26公里/时”指的是平均速率
D．研究骑行的路径时人和自行车组成的系统可以看成为质点
【答案】D
【知识点】质点；时间与时刻；位移与路程；速度与速率
【解析】【解答】本题考查学生对运动学基本物理量、模型概念的理解，其中准确了解各种运动学名词表达的物理意义即可解题。A．时刻是指时间点，图中“00：01”指的是时间间隔，选项A错误；
B．图中“2.16公里”为该次骑行的路程，选项B错误；
C．图中“33.26公里、时”指的是瞬时速率，选项C错误；
D． 研究骑行的路径时，人和自行车组成的系统大小和形状可以忽略不计，可以看成为质点，选项D正确。
故选D。
【分析】时间间隔指一段时间，时刻为一个准确的时间点；路程即运动的实际轨迹的长短，位移指运动的空间位置变化；瞬时速率即指瞬时速度的大小，平均速率指一段时间、一段距离的比值；质点为理想化模型，即研究的问题不受所研究对象的形状、大小等影响，可以抽象成仅有质量的点。
2．（2025高一上·清远期末）某国产品牌的首款纯电超跑——U9，在加速性能测试中，速度从0变化到100km/h的时间仅需2.36秒，比传统跑车911所用时间更短。据此数据分析，下列说法正确的是（　　）
A．U9的速度比911大 B．U9的平均加速度比911大
C．U9的加速度约为 D．U9的速度变化比911慢
【答案】B
【知识点】加速度
【解析】【解答】本题考查学生对直线运动中加速度、平均加速度、速度与加速度的关系的理解，其中知道加速度的物理意义为解决本题的关键。A．速度从0变化到100km/h的过程，无法比较两车的速度大小，故A错误；
BD．U9加速过程的时间较短，说明速度变化较快，即平均加速度比911大，故B正确，D错误；
C．U9的加速度约为
故C错误。
故选B 。
【分析】速度为矢量，既有大小又有方向，一般情况下所指的速度具有瞬时性，题干所示信息即一段变化过程，无法比较两车的速度大小；根据加速阶段的时间长短与速度的变化量，可比较平均加速度的大小；结合加速度定义式计算加速度大小。
3．（2025高一上·清远期末）为确保国旗的上升与国歌精准同步，学校升旗队进行了专项训练。在某两次训练中升旗队员都做到了在国歌开始时升旗，在国歌结束时国旗恰好到达旗杆的最高点。关于两次国旗运动的运动图像，下列图像可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】运动学 S-t 图象；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查运动学图像，解题关键是知道x-t图像的物理意义以及知道v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移。两次升旗过程中，国旗的位移相同，时间也相同，即在s-t图像中s和t都相等；在v-t图像中时间t相同，图像和坐标轴围成的面积相同，可知D可能是正确的。
故选D。
【分析】v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，x-t图像纵坐标可以表示相对于坐标原点的位移。
4．（2025高一上·清远期末）下列说法或观点不正确的是（　　）
A．伽利略认为物体运动不需要外力来维持
B．牛顿认为外力是改变物体运动状态的原因
C．亚里士多德认为越重的物体下落越快，是因为它受到的重力大
D．力学的国际基本单位有kg（千克）、m（米）和s（秒）三个
【答案】C
【知识点】物理学史；力学单位制
【解析】【解答】对于物理学上著名物理学家的理论、实验和重大发明要加强识记，这也是考试内容之一，重视知识的积累。A．伽利略通过理想实验指出，物体若不受外力将维持原有运动状态，否定了亚里士多德“力是维持运动原因”的观点，A正确；
B．牛顿第一定律明确外力是改变物体运动状态（即产生加速度）的原因，B正确；
C．亚里士多德认为重物下落更快是因物体“自然属性”而非“受到的重力大”，他并未提出“重力”概念，C错误；
D．国际单位制（SI）中，力学基本单位为质量（kg）、长度（m）、时间（s），其他单位（如力的牛顿）均为导出单位，D正确。
本题选错误的，故选C。
【分析】伽利略通过理想实验指出，物体若不受外力将维持原有运动状态，否定了亚里士多德“力是维持运动原因”的观点，牛顿第一定律明确外力是改变物体运动状态是原因，亚里士多德认为重物下落更快是因物体“自然属性”而非“受到的重力大”，他并未提出“重力”概念。
5．（2025高一上·清远期末）如图是建筑工地上常用的一种“深坑打夯机”，电动机带动两个滚轮匀速转动将夯杆从深坑中提上来，当夯杆底端即将到达坑口时，两个滚轮彼此分开，将夯杆释放，夯杆底端刚到坑口时开始下落，夯杆只在重力作用下运动，夯杆底端落回深坑底且不反弹，接着两个滚轮再次压紧，将夯杆提上来，如此周而复始。已知坑深，不计因打夯引起的深度变化，则夯杆每次落回坑底的速度大小为（　　）
A．6.4m/s B．8m/s C．11.2m/s D．12m/s
【答案】C
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】夯杆只在重力作用下运动， 夯杆可视作自由落体运动。 已知坑深， 由匀加速直线运动速度—位移公式得 v2 = 2gh
代入数据得 v =11.2m/s，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】 利用匀变速运动速度—位移关系v2=2gh分析求解。
6．（2025高一上·清远期末）2024年7月第五届中国王中王围棋争霸赛中，九段棋手李轩豪在决赛中战胜王星昊，以不败战绩夺冠。如图所示解说围棋的大棋盘，棋盘竖直放置，棋盘和棋子都是磁性材料制成，棋子能吸在棋盘上，不计棋子之间的相互作用力，下列说法正确的是（　　）
A．棋盘对棋子的弹力竖直向上
B．棋子受到的弹力是棋子发生形变引起的
C．棋盘对棋子的磁力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用力
D．棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是一对作用力与反作用力
【答案】C
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律
【解析】【解答】本题主要考查了物体受力分析和牛顿第三定律，掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进行区分。A．由于棋盘是竖直放置，棋子与棋盘是面面接触，所以棋盘对棋子的弹力应垂直于棋盘向外，故A错误；
B．棋子受到的弹力是因为棋盘发生形变后想要恢复到原来的形变而产生的，故B错误；
C．棋盘对棋子的磁力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用力，故C正确；
D．棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是一对平衡力，D错误。
故选C。
【分析】形变的物体为施力物体，对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析即可；根据牛顿第三定律可判定相互作用力。
7．（2025高一上·清远期末）风筝起源于东周春秋时期，距今已2000多年，到南北朝时，风筝开始成为传递信息的工具，放风筝成为人们喜爱的户外活动。如图所示，风筝静止在空中时轻绳与竖直方向成60°角，已知轻绳的拉力、风筝质量为0.2kg，取重力加速度。则下列说法正确的是（　　）
A．风的作用力竖直向上 B．风的作用力沿绳子方向向上
C．风的作用力大小为4N D．风的作用力大小为
【答案】D
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要正确分析风筝受力，根据平衡条件的推论分析各力的关系，结合平行四边形定则求解风力大小。AB．风筝悬停在空中，可得风筝所受的合力为零，其中重力方向竖直向下，轻绳拉力沿绳方向，根据平衡条件可知，风的作用力应与拉力及重力的合力等大反向，即作用力的方向不是竖直向上或沿绳子方向，故AB错误；
CD．根据平行四边形定则可知，风的作用力大小为，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】风筝静止在空中，合力为零，分析其受力，根据平衡条件，结合平行四边定则分析解答。
8．（2025高一上·清远期末）文房四宝“笔、墨、纸、砚”是中国独有的书法绘画工具。某同学正在红纸上写“福”字，红纸平铺在水平桌面上，并用“砚台”压住红纸以防止打滑，整个书写过程中红纸始终保持静止，则该同学在书写过程中（　　）
A．向右行笔时，红纸对毛笔的摩擦力方向向左
B．向右行笔时，桌面与红纸之间可能不存在摩擦力
C．写字时，红纸与砚台之间存在摩擦力
D．写字时，运笔速度越快毛笔受到纸面的摩擦力就越小
【答案】A
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】本题主要考查对摩擦力方向的认识，需注意静摩擦力的方向总是与物体相对运动趋势的方向相反，所以可以先判断出物体的相对运动趋势，再分析静摩擦力的方向情况。A．由于摩擦力方向总与两物体发生相对运动的方向相反，向右行笔时，笔受到红纸给的向左的摩擦力，故A正确；
B．由于笔受到红纸提供的向左的摩擦力，根据牛顿第三定律，红纸受到笔给的向右的摩擦力，红纸为保持静止状态，必然受到桌面给的摩擦力，故B错误；
C．写字时，如果砚台受到红纸给的摩擦力，则砚台沿桌面方向受力不平衡，砚台将无法保持静止状态，所以红纸和砚台之间不存在摩擦力，故C错误；
D．笔在纸上运动，产生的摩擦力为滑动摩擦力，根据滑动摩擦力表达式，可知滑动摩擦力大小与速度无关，故D错误。
故选A。
【分析】摩擦力方向总与两物体发生相对运动的方向相反；根据受力平衡可知，判定摩擦力大小；根据滑动摩擦力表达式Ff=μFN即可判定。
9．（2025高一上·清远期末）在日常生活中，人们观察到重的物体比轻的物体下落得快。伽利略在1638年出版的《关于两门新科学的对话》中对这一现象提出疑问，他猜想自由落体运动是一种最简单的变速运动。伽利略让小球从斜面的不同位置自由滚下，观测小球多次从不同起点滚动的位移与所用时间平方的比值保持不变，不断加大斜面的倾角，对于每一个特定的倾角，小球从不同高度滚下时这个比值仍然保持不变，说明小球在斜面上的运动是匀变速直线运动，将此结论合理推至斜面倾角为90°（即物体自由下落），其比值也将保持不变，小球仍做匀变速直线运动，关于伽利略开创的科学探究方法，下列流程表示中正确的是（　　）
A．观察现象→猜想假设→提出问题→实验研究和逻辑推理（包括数学）→得出结论→修正或推广假设
B．观察现象→提出问题→猜想假设→实验研究和逻辑推理（包括数学）→得出结论→修正或推广假设
C．观察现象→提出问题→猜想假设→实验研究和逻辑推理（包括数学）→修正或推广假设→得出结论
D．观察现象→猜想假设→提出问题→实验研究和逻辑推理（包括数学）→修正或推广假设→得出结论
【答案】B
【知识点】伽利略理想斜面实验
【解析】【解答】本题解题关键在于明确各环节的逻辑关系，避免混淆“提出问题”与“猜想假设”、“得出结论”与“修正推广”的先后顺序。伽利略开创的科学探究方法的过程为：开始观察现象然后提出问题之后猜想假设，再通过实验研究和逻辑推理来验证假设，然后得出结论，最后再进一步对结论进行修正或推广假设。
故选B。
【分析】科学探究的一般流程为：观察现象→发现并提出问题→作出猜想与假设→设计并进行实验→分析数据与逻辑推理→得出结论→修正或推广结论。
10．（2025高一上·清远期末）如图所示是高铁列车车厢顶两侧的行李放置架，细心的乘客发现：列车缓缓减速进站时，行李箱在行李架上没有滑动，列车停下的瞬间，行李箱向前滑动。以列车行进方向为正方向，设行李箱与行李架之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在这段过程中，下列行李箱所受摩擦力f与时间t的关系图像中可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查了摩擦力和牛顿第二定律，理解摩擦力的产生和突变情况是解决此类问题的关键。以列车行进方向为正方向，列车减速进站时，行李箱受到静摩擦力，加速度方向与正方向相反，而行李箱受合外力方向即摩擦力方向与加速度方向相同，可知摩擦力为负值；开始阶段加速度较小，根据f=ma，则摩擦力较小，当停下的瞬间，行李箱受到的为滑动摩擦力，加速度较大，则摩擦力较大。
故选D。
【分析】根据列车减速进站时，行李箱受到静摩擦力，加速度方向与正方向相反，而行李箱受合外力方向即摩擦力方向与加速度方向相同，结合牛顿第二定律分析求解。
二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。
11．（2025高一上·清远期末）图甲为某运动员蛙泳时蹬腿加速及惯性前进的示意图，这两个过程简化为水平方向的匀变速运动，其速度v随时间t的变化关系如图乙所示，则（　　）
A．运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动
B．运动员在蹬腿加速过程中的加速度为
C．运动员惯性前进的时间比蹬腿加速时间长0.5s
D．运动员完成一次动作周期，能够前进1.18m
【答案】A,D
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查了v-t图像斜率的意义以及图像与坐标轴围成的面积的意义。A．图像斜率表示加速度，由图乙速度v随时间t的变化关系可知，运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动，故A正确；
B．图像斜率表示加速度，由图乙速度v随时间t的变化关系可知，运动员在蹬腿加速过程中的加速度为，故B错误；
C．由图可知，运动员惯性前进的时间比蹬腿加速时间长0.3s，故C错误；
D．图像与时间轴围成的面积表示位移，由图可知，运动员完成一次动作周期，能够前进，故D正确。
故选AD 。
【分析】v-t图像斜率表示加速度，由图乙可知，运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动，解得乙的加速度，v-t图像与时间轴围成的面积表示位移，解得前进位移。
12．（2025高一上·清远期末）如图所示，锻炼身体用的某弹簧拉力器可以并列安装多根完全相同的弹簧，每根弹簧的自然长度均为40cm已知每根弹簧的劲度系数均为2N/cm若该同学只安装一根弹簧，第一次该同学通过双手把弹簧拉长到140cm；第二次把拉力器一端固定在墙壁上，用单手同样把弹簧拉长到140cm，弹簧都在弹性限度内，下列说法正确的是（　　）
A．两次拉弹簧时，弹簧的弹力大小都为100N
B．两次拉弹簧时，弹簧的弹力大小都为200N
C．第一次用双手拉弹簧时，每只手对拉力器的拉力大小为100N
D．第二次用单手拉弹簧时，单手对拉力器的拉力大小为200N
【答案】B,D
【知识点】胡克定律
【解析】【解答】本题主要考查了胡克定律，解题关键是掌握胡克定律F=kx，x为形变量，结合弹簧水平受力分析。AB．根据题意，由胡克定律可知，两次弹簧的弹力均为，故A错误，B正确；
CD．根据牛顿第三定律可知，两次过程，与弹簧接触的手，对弹簧的拉力都为200N，故D正确，C错误。
故选BD。
【分析】根据胡克定律F=kx计算即可，根据受力平衡可知，无论单手拉弹簧和双手拉弹簧，每只手拉力大小相等。
13．（2025高一上·清远期末）2024年10月11日，实践十九号卫星在东风着陆场成功着陆，为我国返回式卫星回收系统再添一枚勋章，卫星返回至离地面十几公里时打开主伞，快速减速至9m/s后匀速下落，在距离地面5m时卫星上的缓冲火箭点火，使卫星着地前瞬间速度降到1m/s，此时立即关闭缓冲火箭，最后卫星撞击地面停下。下列说法正确的是（　　）
A．在打开主伞后减速过程，卫星处于失重状态
B．在匀速下落过程，卫星处于失重状态
C．在缓冲火箭喷气过程，卫星处于超重状态
D．在缓冲火箭在喷气过程中，卫星所受合力的平均值小于其重力
【答案】C,D
【知识点】共点力的平衡；超重与失重；动能定理的综合应用
【解析】【解答】本题考查了学生对超重失重现象的理解以及动能定理的应用，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了。A．在打开主伞后减速过程，物体加速度向上，处于超重状态，故A错误；
B．在匀速下落过程，物体加速度为0，处于平衡状态，故B错误；
C．在缓冲火箭喷气过程，物体减速，加速度向上，处于超重状态，故C正确；
D．在缓冲火箭在喷气过程中，根据动能定理可得
代入数值解得
故D正确。
故选CD。
【分析】超重状态的判断依据是物体具有向上的加速度，在匀速下落过程，处于平衡状态，根据动能定理求解合力的平均值。
14．（2025高一上·清远期末）将小球从紧靠竖直支架A的位置由静止释放，小球沿着倾斜直槽向下运动。用频闪照相机对小球的运动进行拍照，拍照的时间间隔为T，示意图如图所示，根据图中对应刻度上的示数，选取连续的几段，对位移的变化进行研究，发现。下列有关物理量计算的最优方法是（　　）
A．
B．
C．
D．
【答案】B,D
【知识点】平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】【解答】本题考查实验数据的相关处理方法，实验过程中要尽可能多的利用实验数据，实验结果才可能越准确。AB．时间段越小，中间时刻的瞬时速度越接近过程的平均速度，故A错误，B正确；
CD．根据逐差法的思想，应尽可能多的利用测量得到的数据，故C错误，D正确。
故选BD。
【分析】时间段越小，中间时刻的瞬时速度越接近过程的平均速度，尽可能多的利用测量得到的数据，得到的结果更加准确。
15．（2025高一上·清远期末）如图甲所示，把固定有薄木板的台秤校零后静止放在水平面上，将一个带有毛刷的木块放在台秤的木板上，台秤示数如图甲所示。若用一条与水平方向成76°斜向上的绳子拉木块，木块相对于木板仍保持静止，台秤示数如图乙所示。已知毛刷与木板间的动摩擦因数为0.5，取重力加速度，，。下列说法正确的有（　　）
A．木块受到的重力是15N
B．在拉力的作用下，木块受到的重力变为6N
C．木块受到的摩擦力为2.25N，方向水平向左
D．乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，则台秤的示数变小
【答案】A,C
【知识点】重力与重心；共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要正确分析木块的受力，运用正交分解法，根据平衡条件分析解答。A．由左图可知，台秤的示数为1.50kg，则木块的重力为G=mg=15N
故A正确；
B．重力大小与是否受力无关，重力不会随拉力而变化，故B错误；
C．根据水平方向平衡条件，木块受到的摩擦力
根据竖直方向平衡条件
其中由右图读出
联立解得
方向水平向左，故C正确；
D．乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，则绳子对木块竖直方向的拉力减小，根据平衡条件可知，台秤对木块的支持力变大，则台秤的示数变大，故D错误。
故选 AC。
【分析】由台秤读出木块的质量m，由G=mg求其重力；有拉力作用时，木块的重力不变；根据平衡条件求木块受到的摩擦力；乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，分析台秤对木块的支持力变化情况，再判断如秤示数变化情况。
三、非选择题：本题共5小题，共50分。
16．（2025高一上·清远期末）为探究弹簧的弹力与形变量之间的关系，某同学用铁架台、弹簧、毫米刻度尺、钩码、铅笔等器材，按照如下实验步骤完成实验：
a、如图甲，将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；
b、记下弹簧不挂钩码时其下端指针在毫米刻度尺上的读数；
c、逐一将钩码挂在弹簧的钩子上；
d、每添加一个钩码后，待弹簧静止，记录此时指针在毫米刻度尺上的读数；
e、取下钩码、弹簧和毫米刻度尺，整理仪器。
请完成下列问题：
（1）图乙为弹簧不挂钩码时其下端指针在毫米刻度尺上所对应的读数，则　 　cm；
（2）关于本实验中的实验操作及实验结果，以下说法正确的是______（填标号）。
A．该实验前须先将弹簧水平放置测量其原长
B．在安装毫米刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态
C．不挂钩码时的读数为弹簧的原长
D．每次添加钩码后，应保证钩码处于静止状态再读数
【答案】（1）6.00
（2）B；D
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系
【解析】【解答】本题考查了探究弹簧的弹力与形变量之间的关系的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。
（1）由图读出读数为6.00cm；
（2）A． 在测量弹簧原长时，应将弹簧竖直悬挂，待静止时测出其长度，故A错误；
B．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故B正确；
C．弹簧上端的读数未知，不挂钩码时，上下两端的读数之差为弹簧原长，故C错误；
D．悬挂钩码时，为减小误差，应在钩码静止后再读数，故D正确。
故选BD。
【分析】（1）根据弹簧测力计读数规则读数，读数要估读到最小刻度后一位；
（2）根据实验标准步骤分析求解。
（1）由图读出读数为6.00cm；
（2）A． 在测量弹簧原长时，应将弹簧竖直悬挂，待静止时测出其长度，故A错误；
B．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故B正确；
C．弹簧上端的读数未知，不挂钩码时，上下两端的读数之差为弹簧原长，故C错误；
D．悬挂钩码时，为减小误差，应在钩码静止后再读数，故D正确。
故选BD。
17．（2025高一上·清远期末）实验小组采用图甲装置验证“力的平行四边形定则”。
（1）如图乙所示，直接用一个弹簧测力计去拉细绳，使汇力圆环与平板上的定位圆重合，记录这个拉力的大小和方向；此时拉力大小如图丁所示，则拉力　 　N；
（2）分别将弹簧测力计连接在两根细绳的末端，使汇力圆环与平板上的定位圆重合，调整两条细绳的方向如图丙所示，记录两个拉力的方向，此时左右两弹簧的读数分别为、；
（3）在戊图中用力的图示法验证“力的平行四边形定则”　 　（请在答题卡上作答，其他地方作答无效）；
（4）关于本实验中的实验操作及实验结果，以下说法正确的是　 　（填标号）。
A.拉橡皮条时，为了操作方便，可以稍微斜向上拉弹簧测力计
B.用汇力圆环代替细绳结点是为了更便捷、更准确的拉到同一位置，减小误差
C.细绳的方向沿着射线方向进行实验是为了减少实验误差和方便操作
D.用两弹簧测力计拉橡皮筋时，由于汇力圆环有抖动，此时可用手轻轻按住圆环以便准确读数
【答案】4.05；；BC
【知识点】验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】本题考查了探究力的平行四边形定则的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。弹簧测力计读数F=4.05N
用力的图示法验证“力的平行四边形定则”，注意选取适当的标度，如图
A．拉橡皮条时，不可以斜向上拉弹簧测力计，需要与平板保持平行，故A错误；
B．为减小误差，用汇力圆环代替细绳结点拉到定位圆的位置，使得实验更便捷、更准确，故B正确；
C．细绳的方向沿着射线方向进行实验能方便操作且减少实验误差，故C正确；
D．用手轻轻按住圆环会使得细绳不在同一平面上，弹簧测力计读数会发生变化，导致误差增大，故D错误。
故选BC。
【分析】（1）根据弹簧测力计读数规则读数；
（3）根据图示法验证“力的平行四边形定则”，注意选取适当的标度；
（4）根据实验标准步骤，结合实验的误差分析求解。
18．（2025高一上·清远期末）某校物理兴趣小组采用摄像技术记录空心塑料小球的下落情况，然后在视频中每隔0.02秒截出一张照片，如下图所示。
（1）读出小球上边缘在刻度尺上的位置，，，，，将小球在开始下落后的相等时间间隔内下落的高度分别记为、、和，其中　 　cm；
（2）小球下落的加速度　 　（计算结果保留三位有效数字）；
（3）计算得到的小球下落的加速度　 　（填“大于”，“小于”或“等于”）当地的重力加速度，你觉得可能的原因是　 　（写出一个原因即可）。
【答案】（1）2.80
（2）9.38
（3）小于；存在空气阻力
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】本题考查了探究自由落体运动的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。
（1）根据题意
（2）根据逐差法可得
（3）计算得到的小球下落的加速度小于当地的重力加速度；可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小。
【分析】（1）根据高度差h3=d4-d3分析求解；
（2）根据逐差法分析求解；
（3）根据小球下落的加速度小于当地的重力加速度，可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小分析求解。
（1）根据题意
（2）根据逐差法可得
（3）[1]计算得到的小球下落的加速度小于当地的重力加速度；
[2]可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小。
19．（2025高一上·清远期末）如图所示，体育课上同学们推着负重阻力雪橇车进行爆发力训练。若某同学用水平推力推着总质量为45kg的负重阻力雪橇车向左做匀速直线运动，该雪橇车与橡胶地面间的动摩擦因数为0.8，取重力加速度。
（1）求该雪橇车受到的摩擦力；
（2）该同学以同样的推力可以使得总质量为60kg的雪橇车在人工草地上匀速运动，求雪橇车与人工草地的动摩擦因数。
【答案】（1）解：由匀速运动可知，雪橇车受到的水平推力与摩擦力大小相等。根据动摩擦力公式 f = μmg
得f = 0.8 × 45 kg × 10 m/s2 = 360 N
（2）解：若用同样的推力推总质量为 60kg 的雪橇车在人工草地上匀速运动，则此时的摩擦力（即推力）大小仍为 360 N。设此时动摩擦因数为 μ’则
解得 μ’ = 0.6
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）根据滑动摩擦力公式计算该雪橇车受到的摩擦力；
（2）根据平衡条件求出推力大小，再由滑动摩擦力公式求雪橇车与人工草地的动摩擦因数。
（1）由匀速运动可知，雪橇车受到的水平推力与摩擦力大小相等。
根据动摩擦力公式 f = μmg，得f = 0.8 × 45 kg × 10 m/s2 = 360 N
（2）若用同样的推力推总质量为 60 kg 的雪橇车在人工草地上匀速运动，则此时的摩擦力（即推力）大小仍为 360 N。设此时动摩擦因数为 μ’
则
解得 μ’ = 0.6
20．（2025高一上·清远期末）某同学在预习物理课本时，对课本上的《汽车行驶的安全距离示意图》很感兴趣，他发现图中汽车行驶的反应距离与车速成正比，而汽车的刹车距离与车速的平方成正比。取重力加速度。
（1）试说明图中汽车在停车过程中的运动类型，并根据图片信息，求图中司机的反应时间，以及这辆汽车刹车时的加速度大小；
（2）下表列出了各种路面与车胎之间的动摩擦因数，通过计算可分析出，这辆汽车的行驶数据是在哪种路面上测试所得？
路面 动摩擦因数
干沥青混凝土路面 0.7~0.8
干碎石路面 0.4~0.7
湿沥青混凝土路面 0.32~0.4
【答案】（1）解：由题可知，汽车在驾驶员尚未踩下刹车的“反应”阶段中以恒定速度匀速行驶；当驾驶员踩下刹车后，汽车转为匀减速运动，直至停车。
取v= 72 km/h（即 20 m/s）时的反应距离为 20 m，刹车距离为x=40m，则反应时间；
刹车时的加速度大小
（2）解：根据牛顿第二定律和摩擦力公式 F = μmg（设汽车刹车时车轮近似抱死）可知：(加速度) a = μg
已得 a =5 m/s2，则μ = 0.5
对照题中给出的路面与车胎间的动摩擦因数表可知，μ = 0.5 处于干碎石路面 (0.4 ~ 0.7) 的范围内，故该数据应是在干碎石路面上测试所得。
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）图中汽车在停车过程中先匀速后匀减速，并根据图片信息，图中司机的反应时间为1s，这辆汽车刹车时的加速度大小为5m/s2；
（2）如表列出了各种路面与车胎之间的动摩擦因数，通过计算可分析出，这辆汽车的行驶数据是在干碎石路面路面上测试所得。
（1）由题可知，汽车在驾驶员尚未踩下刹车的“反应”阶段中以恒定速度匀速行驶；
当驾驶员踩下刹车后，汽车转为匀减速运动，直至停车。
取v= 72 km/h（即 20 m/s）时的反应距离为 20 m，刹车距离为x=40m，则反应时间；
刹车时的加速度大小
（2）根据牛顿第二定律和摩擦力公式 F = μmg（设汽车刹车时车轮近似抱死）可知：(加速度) a = μg
已得 a =5 m/s2，则μ = 0.5
对照题中给出的路面与车胎间的动摩擦因数表可知，μ = 0.5 处于干碎石路面 (0.4 ~ 0.7) 的范围内，故该数据应是在干碎石路面上测试所得。
21．（2025高一上·清远期末）自动卸货装置的设计体现劳动人民的智慧，如图所示，A点为货物装载位置，水平直轨道AB段为长度的加速路段，BC段为长度的水平传送带，传送带始终以速率顺时针转动，CD段可视为光滑，轨道右端固定一轻弹簧。在A点工人将货物装入一个质量为的货箱中，并以恒定水平推力推动货箱与货物，使之从A点由静止开始运动到B点。若某次装载货物质量为（未知），到达B点时速度，同时撤去推力，货箱和货物滑离传送带后压缩弹簧，弹簧压缩到最短时立即被锁定，待取走货物后解除弹簧锁定，弹簧把货箱弹回C点，已知货箱两次经过C点的速度大小相等，货箱恰好能返回货物装载位置A点。货箱和货物均可视为质点，货箱与AB轨道之间的动摩擦因数，货箱与传送带间的动摩擦因数，货物在货箱中始终与货箱保持相对静止，传送带与AB、CD轨道在B、C两点平滑相接，取重力加速度，求：
（1）货箱所装载货物的质量是多少？
（2）货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间是多少？
（3）若工人推力不变，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，求货箱所装载货物的最大质量是多少？
【答案】（1）解：由A到B过程，根据牛顿第二定律
根据运动学规律
解得
（2）解：货箱和货物在传送带上加速过程
运动距离
匀速运动时间
货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间
（3）解：根据题意分析，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，则到达C点时货物的速度应为10m/s，当货物在传送带上一直加速到C时恰好与传送带共速，为所求临界值；
由B到C过程：
由A到B过程：，
解得：
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）在AB段，对货箱和货物整体受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，结合匀变速直线运动速度—位移公式，联立求解m1；
（2）先判断货箱和货物在传送带上的运动状态，可能先加速后匀速。分别根据牛顿第二定律求出加速阶段加速度，结合运动学公式求出加速时间和位移，再计算匀速阶段时间，两者相加得到tBC；
（3）根据能量守恒定律，分析货箱从C点返回A点过程中能量转化关系。结合在AB段的受力分析和牛顿第二定律，联立方程求解m2。
（1）由A到B过程，根据牛顿第二定律
根据运动学规律
解得
（2）货箱和货物在传送带上加速过程，运动距离
匀速运动时间
货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间
（3）根据题意分析，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，则到达C点时货物的速度应为10m/s，当货物在传送带上一直加速到C时恰好与传送带共速，为所求临界值；
由B到C过程：
由A到B过程：，
解得：
1 / 1广东省清远市2024-2025学年高一上学期期末教学质量检测物理试卷
一、单项选择题：本题共10小题，每小题3分，共30分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（2025高一上·清远期末）骑行既可以强身健体、提升心肺功能、增强免疫力，又可以响应国家绿色出行倡议减少碳排放。一市民在某次骑行过程中由A点开始出发，经过一段时间后骑行了2.16公里到达B点，该市民通过手机运动软件记录的运动轨迹与信息如图所示。下列说法正确的是（　　）
A．图中“00：01”指的是时刻
B．图中“2.16公里”为该次骑行的位移
C．图中“33.26公里/时”指的是平均速率
D．研究骑行的路径时人和自行车组成的系统可以看成为质点
2．（2025高一上·清远期末）某国产品牌的首款纯电超跑——U9，在加速性能测试中，速度从0变化到100km/h的时间仅需2.36秒，比传统跑车911所用时间更短。据此数据分析，下列说法正确的是（　　）
A．U9的速度比911大 B．U9的平均加速度比911大
C．U9的加速度约为 D．U9的速度变化比911慢
3．（2025高一上·清远期末）为确保国旗的上升与国歌精准同步，学校升旗队进行了专项训练。在某两次训练中升旗队员都做到了在国歌开始时升旗，在国歌结束时国旗恰好到达旗杆的最高点。关于两次国旗运动的运动图像，下列图像可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2025高一上·清远期末）下列说法或观点不正确的是（　　）
A．伽利略认为物体运动不需要外力来维持
B．牛顿认为外力是改变物体运动状态的原因
C．亚里士多德认为越重的物体下落越快，是因为它受到的重力大
D．力学的国际基本单位有kg（千克）、m（米）和s（秒）三个
5．（2025高一上·清远期末）如图是建筑工地上常用的一种“深坑打夯机”，电动机带动两个滚轮匀速转动将夯杆从深坑中提上来，当夯杆底端即将到达坑口时，两个滚轮彼此分开，将夯杆释放，夯杆底端刚到坑口时开始下落，夯杆只在重力作用下运动，夯杆底端落回深坑底且不反弹，接着两个滚轮再次压紧，将夯杆提上来，如此周而复始。已知坑深，不计因打夯引起的深度变化，则夯杆每次落回坑底的速度大小为（　　）
A．6.4m/s B．8m/s C．11.2m/s D．12m/s
6．（2025高一上·清远期末）2024年7月第五届中国王中王围棋争霸赛中，九段棋手李轩豪在决赛中战胜王星昊，以不败战绩夺冠。如图所示解说围棋的大棋盘，棋盘竖直放置，棋盘和棋子都是磁性材料制成，棋子能吸在棋盘上，不计棋子之间的相互作用力，下列说法正确的是（　　）
A．棋盘对棋子的弹力竖直向上
B．棋子受到的弹力是棋子发生形变引起的
C．棋盘对棋子的磁力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用力
D．棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是一对作用力与反作用力
7．（2025高一上·清远期末）风筝起源于东周春秋时期，距今已2000多年，到南北朝时，风筝开始成为传递信息的工具，放风筝成为人们喜爱的户外活动。如图所示，风筝静止在空中时轻绳与竖直方向成60°角，已知轻绳的拉力、风筝质量为0.2kg，取重力加速度。则下列说法正确的是（　　）
A．风的作用力竖直向上 B．风的作用力沿绳子方向向上
C．风的作用力大小为4N D．风的作用力大小为
8．（2025高一上·清远期末）文房四宝“笔、墨、纸、砚”是中国独有的书法绘画工具。某同学正在红纸上写“福”字，红纸平铺在水平桌面上，并用“砚台”压住红纸以防止打滑，整个书写过程中红纸始终保持静止，则该同学在书写过程中（　　）
A．向右行笔时，红纸对毛笔的摩擦力方向向左
B．向右行笔时，桌面与红纸之间可能不存在摩擦力
C．写字时，红纸与砚台之间存在摩擦力
D．写字时，运笔速度越快毛笔受到纸面的摩擦力就越小
9．（2025高一上·清远期末）在日常生活中，人们观察到重的物体比轻的物体下落得快。伽利略在1638年出版的《关于两门新科学的对话》中对这一现象提出疑问，他猜想自由落体运动是一种最简单的变速运动。伽利略让小球从斜面的不同位置自由滚下，观测小球多次从不同起点滚动的位移与所用时间平方的比值保持不变，不断加大斜面的倾角，对于每一个特定的倾角，小球从不同高度滚下时这个比值仍然保持不变，说明小球在斜面上的运动是匀变速直线运动，将此结论合理推至斜面倾角为90°（即物体自由下落），其比值也将保持不变，小球仍做匀变速直线运动，关于伽利略开创的科学探究方法，下列流程表示中正确的是（　　）
A．观察现象→猜想假设→提出问题→实验研究和逻辑推理（包括数学）→得出结论→修正或推广假设
B．观察现象→提出问题→猜想假设→实验研究和逻辑推理（包括数学）→得出结论→修正或推广假设
C．观察现象→提出问题→猜想假设→实验研究和逻辑推理（包括数学）→修正或推广假设→得出结论
D．观察现象→猜想假设→提出问题→实验研究和逻辑推理（包括数学）→修正或推广假设→得出结论
10．（2025高一上·清远期末）如图所示是高铁列车车厢顶两侧的行李放置架，细心的乘客发现：列车缓缓减速进站时，行李箱在行李架上没有滑动，列车停下的瞬间，行李箱向前滑动。以列车行进方向为正方向，设行李箱与行李架之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在这段过程中，下列行李箱所受摩擦力f与时间t的关系图像中可能正确的是（　　）
A． B．
C． D．
二、多项选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有多个选项符合要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。
11．（2025高一上·清远期末）图甲为某运动员蛙泳时蹬腿加速及惯性前进的示意图，这两个过程简化为水平方向的匀变速运动，其速度v随时间t的变化关系如图乙所示，则（　　）
A．运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动
B．运动员在蹬腿加速过程中的加速度为
C．运动员惯性前进的时间比蹬腿加速时间长0.5s
D．运动员完成一次动作周期，能够前进1.18m
12．（2025高一上·清远期末）如图所示，锻炼身体用的某弹簧拉力器可以并列安装多根完全相同的弹簧，每根弹簧的自然长度均为40cm已知每根弹簧的劲度系数均为2N/cm若该同学只安装一根弹簧，第一次该同学通过双手把弹簧拉长到140cm；第二次把拉力器一端固定在墙壁上，用单手同样把弹簧拉长到140cm，弹簧都在弹性限度内，下列说法正确的是（　　）
A．两次拉弹簧时，弹簧的弹力大小都为100N
B．两次拉弹簧时，弹簧的弹力大小都为200N
C．第一次用双手拉弹簧时，每只手对拉力器的拉力大小为100N
D．第二次用单手拉弹簧时，单手对拉力器的拉力大小为200N
13．（2025高一上·清远期末）2024年10月11日，实践十九号卫星在东风着陆场成功着陆，为我国返回式卫星回收系统再添一枚勋章，卫星返回至离地面十几公里时打开主伞，快速减速至9m/s后匀速下落，在距离地面5m时卫星上的缓冲火箭点火，使卫星着地前瞬间速度降到1m/s，此时立即关闭缓冲火箭，最后卫星撞击地面停下。下列说法正确的是（　　）
A．在打开主伞后减速过程，卫星处于失重状态
B．在匀速下落过程，卫星处于失重状态
C．在缓冲火箭喷气过程，卫星处于超重状态
D．在缓冲火箭在喷气过程中，卫星所受合力的平均值小于其重力
14．（2025高一上·清远期末）将小球从紧靠竖直支架A的位置由静止释放，小球沿着倾斜直槽向下运动。用频闪照相机对小球的运动进行拍照，拍照的时间间隔为T，示意图如图所示，根据图中对应刻度上的示数，选取连续的几段，对位移的变化进行研究，发现。下列有关物理量计算的最优方法是（　　）
A．
B．
C．
D．
15．（2025高一上·清远期末）如图甲所示，把固定有薄木板的台秤校零后静止放在水平面上，将一个带有毛刷的木块放在台秤的木板上，台秤示数如图甲所示。若用一条与水平方向成76°斜向上的绳子拉木块，木块相对于木板仍保持静止，台秤示数如图乙所示。已知毛刷与木板间的动摩擦因数为0.5，取重力加速度，，。下列说法正确的有（　　）
A．木块受到的重力是15N
B．在拉力的作用下，木块受到的重力变为6N
C．木块受到的摩擦力为2.25N，方向水平向左
D．乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，则台秤的示数变小
三、非选择题：本题共5小题，共50分。
16．（2025高一上·清远期末）为探究弹簧的弹力与形变量之间的关系，某同学用铁架台、弹簧、毫米刻度尺、钩码、铅笔等器材，按照如下实验步骤完成实验：
a、如图甲，将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；
b、记下弹簧不挂钩码时其下端指针在毫米刻度尺上的读数；
c、逐一将钩码挂在弹簧的钩子上；
d、每添加一个钩码后，待弹簧静止，记录此时指针在毫米刻度尺上的读数；
e、取下钩码、弹簧和毫米刻度尺，整理仪器。
请完成下列问题：
（1）图乙为弹簧不挂钩码时其下端指针在毫米刻度尺上所对应的读数，则　 　cm；
（2）关于本实验中的实验操作及实验结果，以下说法正确的是______（填标号）。
A．该实验前须先将弹簧水平放置测量其原长
B．在安装毫米刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态
C．不挂钩码时的读数为弹簧的原长
D．每次添加钩码后，应保证钩码处于静止状态再读数
17．（2025高一上·清远期末）实验小组采用图甲装置验证“力的平行四边形定则”。
（1）如图乙所示，直接用一个弹簧测力计去拉细绳，使汇力圆环与平板上的定位圆重合，记录这个拉力的大小和方向；此时拉力大小如图丁所示，则拉力　 　N；
（2）分别将弹簧测力计连接在两根细绳的末端，使汇力圆环与平板上的定位圆重合，调整两条细绳的方向如图丙所示，记录两个拉力的方向，此时左右两弹簧的读数分别为、；
（3）在戊图中用力的图示法验证“力的平行四边形定则”　 　（请在答题卡上作答，其他地方作答无效）；
（4）关于本实验中的实验操作及实验结果，以下说法正确的是　 　（填标号）。
A.拉橡皮条时，为了操作方便，可以稍微斜向上拉弹簧测力计
B.用汇力圆环代替细绳结点是为了更便捷、更准确的拉到同一位置，减小误差
C.细绳的方向沿着射线方向进行实验是为了减少实验误差和方便操作
D.用两弹簧测力计拉橡皮筋时，由于汇力圆环有抖动，此时可用手轻轻按住圆环以便准确读数
18．（2025高一上·清远期末）某校物理兴趣小组采用摄像技术记录空心塑料小球的下落情况，然后在视频中每隔0.02秒截出一张照片，如下图所示。
（1）读出小球上边缘在刻度尺上的位置，，，，，将小球在开始下落后的相等时间间隔内下落的高度分别记为、、和，其中　 　cm；
（2）小球下落的加速度　 　（计算结果保留三位有效数字）；
（3）计算得到的小球下落的加速度　 　（填“大于”，“小于”或“等于”）当地的重力加速度，你觉得可能的原因是　 　（写出一个原因即可）。
19．（2025高一上·清远期末）如图所示，体育课上同学们推着负重阻力雪橇车进行爆发力训练。若某同学用水平推力推着总质量为45kg的负重阻力雪橇车向左做匀速直线运动，该雪橇车与橡胶地面间的动摩擦因数为0.8，取重力加速度。
（1）求该雪橇车受到的摩擦力；
（2）该同学以同样的推力可以使得总质量为60kg的雪橇车在人工草地上匀速运动，求雪橇车与人工草地的动摩擦因数。
20．（2025高一上·清远期末）某同学在预习物理课本时，对课本上的《汽车行驶的安全距离示意图》很感兴趣，他发现图中汽车行驶的反应距离与车速成正比，而汽车的刹车距离与车速的平方成正比。取重力加速度。
（1）试说明图中汽车在停车过程中的运动类型，并根据图片信息，求图中司机的反应时间，以及这辆汽车刹车时的加速度大小；
（2）下表列出了各种路面与车胎之间的动摩擦因数，通过计算可分析出，这辆汽车的行驶数据是在哪种路面上测试所得？
路面 动摩擦因数
干沥青混凝土路面 0.7~0.8
干碎石路面 0.4~0.7
湿沥青混凝土路面 0.32~0.4
21．（2025高一上·清远期末）自动卸货装置的设计体现劳动人民的智慧，如图所示，A点为货物装载位置，水平直轨道AB段为长度的加速路段，BC段为长度的水平传送带，传送带始终以速率顺时针转动，CD段可视为光滑，轨道右端固定一轻弹簧。在A点工人将货物装入一个质量为的货箱中，并以恒定水平推力推动货箱与货物，使之从A点由静止开始运动到B点。若某次装载货物质量为（未知），到达B点时速度，同时撤去推力，货箱和货物滑离传送带后压缩弹簧，弹簧压缩到最短时立即被锁定，待取走货物后解除弹簧锁定，弹簧把货箱弹回C点，已知货箱两次经过C点的速度大小相等，货箱恰好能返回货物装载位置A点。货箱和货物均可视为质点，货箱与AB轨道之间的动摩擦因数，货箱与传送带间的动摩擦因数，货物在货箱中始终与货箱保持相对静止，传送带与AB、CD轨道在B、C两点平滑相接，取重力加速度，求：
（1）货箱所装载货物的质量是多少？
（2）货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间是多少？
（3）若工人推力不变，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，求货箱所装载货物的最大质量是多少？
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】质点；时间与时刻；位移与路程；速度与速率
【解析】【解答】本题考查学生对运动学基本物理量、模型概念的理解，其中准确了解各种运动学名词表达的物理意义即可解题。A．时刻是指时间点，图中“00：01”指的是时间间隔，选项A错误；
B．图中“2.16公里”为该次骑行的路程，选项B错误；
C．图中“33.26公里、时”指的是瞬时速率，选项C错误；
D． 研究骑行的路径时，人和自行车组成的系统大小和形状可以忽略不计，可以看成为质点，选项D正确。
故选D。
【分析】时间间隔指一段时间，时刻为一个准确的时间点；路程即运动的实际轨迹的长短，位移指运动的空间位置变化；瞬时速率即指瞬时速度的大小，平均速率指一段时间、一段距离的比值；质点为理想化模型，即研究的问题不受所研究对象的形状、大小等影响，可以抽象成仅有质量的点。
2．【答案】B
【知识点】加速度
【解析】【解答】本题考查学生对直线运动中加速度、平均加速度、速度与加速度的关系的理解，其中知道加速度的物理意义为解决本题的关键。A．速度从0变化到100km/h的过程，无法比较两车的速度大小，故A错误；
BD．U9加速过程的时间较短，说明速度变化较快，即平均加速度比911大，故B正确，D错误；
C．U9的加速度约为
故C错误。
故选B 。
【分析】速度为矢量，既有大小又有方向，一般情况下所指的速度具有瞬时性，题干所示信息即一段变化过程，无法比较两车的速度大小；根据加速阶段的时间长短与速度的变化量，可比较平均加速度的大小；结合加速度定义式计算加速度大小。
3．【答案】D
【知识点】运动学 S-t 图象；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查运动学图像，解题关键是知道x-t图像的物理意义以及知道v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移。两次升旗过程中，国旗的位移相同，时间也相同，即在s-t图像中s和t都相等；在v-t图像中时间t相同，图像和坐标轴围成的面积相同，可知D可能是正确的。
故选D。
【分析】v-t图像与坐标轴围成的面积表示位移，x-t图像纵坐标可以表示相对于坐标原点的位移。
4．【答案】C
【知识点】物理学史；力学单位制
【解析】【解答】对于物理学上著名物理学家的理论、实验和重大发明要加强识记，这也是考试内容之一，重视知识的积累。A．伽利略通过理想实验指出，物体若不受外力将维持原有运动状态，否定了亚里士多德“力是维持运动原因”的观点，A正确；
B．牛顿第一定律明确外力是改变物体运动状态（即产生加速度）的原因，B正确；
C．亚里士多德认为重物下落更快是因物体“自然属性”而非“受到的重力大”，他并未提出“重力”概念，C错误；
D．国际单位制（SI）中，力学基本单位为质量（kg）、长度（m）、时间（s），其他单位（如力的牛顿）均为导出单位，D正确。
本题选错误的，故选C。
【分析】伽利略通过理想实验指出，物体若不受外力将维持原有运动状态，否定了亚里士多德“力是维持运动原因”的观点，牛顿第一定律明确外力是改变物体运动状态是原因，亚里士多德认为重物下落更快是因物体“自然属性”而非“受到的重力大”，他并未提出“重力”概念。
5．【答案】C
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】夯杆只在重力作用下运动， 夯杆可视作自由落体运动。 已知坑深， 由匀加速直线运动速度—位移公式得 v2 = 2gh
代入数据得 v =11.2m/s，故C正确，ABD错误。
故选：C。
【分析】 利用匀变速运动速度—位移关系v2=2gh分析求解。
6．【答案】C
【知识点】形变与弹力；牛顿第三定律
【解析】【解答】本题主要考查了物体受力分析和牛顿第三定律，掌握平衡力时应注意其关键点：二力是作用在同一个物体上的，明确这一点即可与作用力与反作用力进行区分。A．由于棋盘是竖直放置，棋子与棋盘是面面接触，所以棋盘对棋子的弹力应垂直于棋盘向外，故A错误；
B．棋子受到的弹力是因为棋盘发生形变后想要恢复到原来的形变而产生的，故B错误；
C．棋盘对棋子的磁力与棋子对棋盘的磁力是一对作用力与反作用力，故C正确；
D．棋盘对棋子的磁力与棋盘对棋子的弹力是一对平衡力，D错误。
故选C。
【分析】形变的物体为施力物体，对棋子进行受力分析，根据棋子的运动状态，结合平衡的条件分析即可；根据牛顿第三定律可判定相互作用力。
7．【答案】D
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要正确分析风筝受力，根据平衡条件的推论分析各力的关系，结合平行四边形定则求解风力大小。AB．风筝悬停在空中，可得风筝所受的合力为零，其中重力方向竖直向下，轻绳拉力沿绳方向，根据平衡条件可知，风的作用力应与拉力及重力的合力等大反向，即作用力的方向不是竖直向上或沿绳子方向，故AB错误；
CD．根据平行四边形定则可知，风的作用力大小为，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】风筝静止在空中，合力为零，分析其受力，根据平衡条件，结合平行四边定则分析解答。
8．【答案】A
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】本题主要考查对摩擦力方向的认识，需注意静摩擦力的方向总是与物体相对运动趋势的方向相反，所以可以先判断出物体的相对运动趋势，再分析静摩擦力的方向情况。A．由于摩擦力方向总与两物体发生相对运动的方向相反，向右行笔时，笔受到红纸给的向左的摩擦力，故A正确；
B．由于笔受到红纸提供的向左的摩擦力，根据牛顿第三定律，红纸受到笔给的向右的摩擦力，红纸为保持静止状态，必然受到桌面给的摩擦力，故B错误；
C．写字时，如果砚台受到红纸给的摩擦力，则砚台沿桌面方向受力不平衡，砚台将无法保持静止状态，所以红纸和砚台之间不存在摩擦力，故C错误；
D．笔在纸上运动，产生的摩擦力为滑动摩擦力，根据滑动摩擦力表达式，可知滑动摩擦力大小与速度无关，故D错误。
故选A。
【分析】摩擦力方向总与两物体发生相对运动的方向相反；根据受力平衡可知，判定摩擦力大小；根据滑动摩擦力表达式Ff=μFN即可判定。
9．【答案】B
【知识点】伽利略理想斜面实验
【解析】【解答】本题解题关键在于明确各环节的逻辑关系，避免混淆“提出问题”与“猜想假设”、“得出结论”与“修正推广”的先后顺序。伽利略开创的科学探究方法的过程为：开始观察现象然后提出问题之后猜想假设，再通过实验研究和逻辑推理来验证假设，然后得出结论，最后再进一步对结论进行修正或推广假设。
故选B。
【分析】科学探究的一般流程为：观察现象→发现并提出问题→作出猜想与假设→设计并进行实验→分析数据与逻辑推理→得出结论→修正或推广结论。
10．【答案】D
【知识点】牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查了摩擦力和牛顿第二定律，理解摩擦力的产生和突变情况是解决此类问题的关键。以列车行进方向为正方向，列车减速进站时，行李箱受到静摩擦力，加速度方向与正方向相反，而行李箱受合外力方向即摩擦力方向与加速度方向相同，可知摩擦力为负值；开始阶段加速度较小，根据f=ma，则摩擦力较小，当停下的瞬间，行李箱受到的为滑动摩擦力，加速度较大，则摩擦力较大。
故选D。
【分析】根据列车减速进站时，行李箱受到静摩擦力，加速度方向与正方向相反，而行李箱受合外力方向即摩擦力方向与加速度方向相同，结合牛顿第二定律分析求解。
11．【答案】A,D
【知识点】运动学 v-t 图象
【解析】【解答】本题考查了v-t图像斜率的意义以及图像与坐标轴围成的面积的意义。A．图像斜率表示加速度，由图乙速度v随时间t的变化关系可知，运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动，故A正确；
B．图像斜率表示加速度，由图乙速度v随时间t的变化关系可知，运动员在蹬腿加速过程中的加速度为，故B错误；
C．由图可知，运动员惯性前进的时间比蹬腿加速时间长0.3s，故C错误；
D．图像与时间轴围成的面积表示位移，由图可知，运动员完成一次动作周期，能够前进，故D正确。
故选AD 。
【分析】v-t图像斜率表示加速度，由图乙可知，运动员在惯性前进过程做匀减速直线运动，解得乙的加速度，v-t图像与时间轴围成的面积表示位移，解得前进位移。
12．【答案】B,D
【知识点】胡克定律
【解析】【解答】本题主要考查了胡克定律，解题关键是掌握胡克定律F=kx，x为形变量，结合弹簧水平受力分析。AB．根据题意，由胡克定律可知，两次弹簧的弹力均为，故A错误，B正确；
CD．根据牛顿第三定律可知，两次过程，与弹簧接触的手，对弹簧的拉力都为200N，故D正确，C错误。
故选BD。
【分析】根据胡克定律F=kx计算即可，根据受力平衡可知，无论单手拉弹簧和双手拉弹簧，每只手拉力大小相等。
13．【答案】C,D
【知识点】共点力的平衡；超重与失重；动能定理的综合应用
【解析】【解答】本题考查了学生对超重失重现象的理解以及动能定理的应用，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了。A．在打开主伞后减速过程，物体加速度向上，处于超重状态，故A错误；
B．在匀速下落过程，物体加速度为0，处于平衡状态，故B错误；
C．在缓冲火箭喷气过程，物体减速，加速度向上，处于超重状态，故C正确；
D．在缓冲火箭在喷气过程中，根据动能定理可得
代入数值解得
故D正确。
故选CD。
【分析】超重状态的判断依据是物体具有向上的加速度，在匀速下落过程，处于平衡状态，根据动能定理求解合力的平均值。
14．【答案】B,D
【知识点】平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系
【解析】【解答】本题考查实验数据的相关处理方法，实验过程中要尽可能多的利用实验数据，实验结果才可能越准确。AB．时间段越小，中间时刻的瞬时速度越接近过程的平均速度，故A错误，B正确；
CD．根据逐差法的思想，应尽可能多的利用测量得到的数据，故C错误，D正确。
故选BD。
【分析】时间段越小，中间时刻的瞬时速度越接近过程的平均速度，尽可能多的利用测量得到的数据，得到的结果更加准确。
15．【答案】A,C
【知识点】重力与重心；共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要正确分析木块的受力，运用正交分解法，根据平衡条件分析解答。A．由左图可知，台秤的示数为1.50kg，则木块的重力为G=mg=15N
故A正确；
B．重力大小与是否受力无关，重力不会随拉力而变化，故B错误；
C．根据水平方向平衡条件，木块受到的摩擦力
根据竖直方向平衡条件
其中由右图读出
联立解得
方向水平向左，故C正确；
D．乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，则绳子对木块竖直方向的拉力减小，根据平衡条件可知，台秤对木块的支持力变大，则台秤的示数变大，故D错误。
故选 AC。
【分析】由台秤读出木块的质量m，由G=mg求其重力；有拉力作用时，木块的重力不变；根据平衡条件求木块受到的摩擦力；乙图中若绳子的拉力大小不变，绳子与水平方向的夹角变小，分析台秤对木块的支持力变化情况，再判断如秤示数变化情况。
16．【答案】（1）6.00
（2）B；D
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系
【解析】【解答】本题考查了探究弹簧的弹力与形变量之间的关系的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。
（1）由图读出读数为6.00cm；
（2）A． 在测量弹簧原长时，应将弹簧竖直悬挂，待静止时测出其长度，故A错误；
B．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故B正确；
C．弹簧上端的读数未知，不挂钩码时，上下两端的读数之差为弹簧原长，故C错误；
D．悬挂钩码时，为减小误差，应在钩码静止后再读数，故D正确。
故选BD。
【分析】（1）根据弹簧测力计读数规则读数，读数要估读到最小刻度后一位；
（2）根据实验标准步骤分析求解。
（1）由图读出读数为6.00cm；
（2）A． 在测量弹簧原长时，应将弹簧竖直悬挂，待静止时测出其长度，故A错误；
B．在安装刻度尺时，必须使刻度尺保持竖直状态，故B正确；
C．弹簧上端的读数未知，不挂钩码时，上下两端的读数之差为弹簧原长，故C错误；
D．悬挂钩码时，为减小误差，应在钩码静止后再读数，故D正确。
故选BD。
17．【答案】4.05；；BC
【知识点】验证力的平行四边形定则
【解析】【解答】本题考查了探究力的平行四边形定则的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。弹簧测力计读数F=4.05N
用力的图示法验证“力的平行四边形定则”，注意选取适当的标度，如图
A．拉橡皮条时，不可以斜向上拉弹簧测力计，需要与平板保持平行，故A错误；
B．为减小误差，用汇力圆环代替细绳结点拉到定位圆的位置，使得实验更便捷、更准确，故B正确；
C．细绳的方向沿着射线方向进行实验能方便操作且减少实验误差，故C正确；
D．用手轻轻按住圆环会使得细绳不在同一平面上，弹簧测力计读数会发生变化，导致误差增大，故D错误。
故选BC。
【分析】（1）根据弹簧测力计读数规则读数；
（3）根据图示法验证“力的平行四边形定则”，注意选取适当的标度；
（4）根据实验标准步骤，结合实验的误差分析求解。
18．【答案】（1）2.80
（2）9.38
（3）小于；存在空气阻力
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】本题考查了探究自由落体运动的实验，理解实验目的、步骤、数据处理以及误差分析是解决此类问题的关键。
（1）根据题意
（2）根据逐差法可得
（3）计算得到的小球下落的加速度小于当地的重力加速度；可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小。
【分析】（1）根据高度差h3=d4-d3分析求解；
（2）根据逐差法分析求解；
（3）根据小球下落的加速度小于当地的重力加速度，可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小分析求解。
（1）根据题意
（2）根据逐差法可得
（3）[1]计算得到的小球下落的加速度小于当地的重力加速度；
[2]可能存在空气阻力，导致测量加速度偏小。
19．【答案】（1）解：由匀速运动可知，雪橇车受到的水平推力与摩擦力大小相等。根据动摩擦力公式 f = μmg
得f = 0.8 × 45 kg × 10 m/s2 = 360 N
（2）解：若用同样的推力推总质量为 60kg 的雪橇车在人工草地上匀速运动，则此时的摩擦力（即推力）大小仍为 360 N。设此时动摩擦因数为 μ’则
解得 μ’ = 0.6
【知识点】滑动摩擦力与动摩擦因数；共点力的平衡
【解析】【分析】（1）根据滑动摩擦力公式计算该雪橇车受到的摩擦力；
（2）根据平衡条件求出推力大小，再由滑动摩擦力公式求雪橇车与人工草地的动摩擦因数。
（1）由匀速运动可知，雪橇车受到的水平推力与摩擦力大小相等。
根据动摩擦力公式 f = μmg，得f = 0.8 × 45 kg × 10 m/s2 = 360 N
（2）若用同样的推力推总质量为 60 kg 的雪橇车在人工草地上匀速运动，则此时的摩擦力（即推力）大小仍为 360 N。设此时动摩擦因数为 μ’
则
解得 μ’ = 0.6
20．【答案】（1）解：由题可知，汽车在驾驶员尚未踩下刹车的“反应”阶段中以恒定速度匀速行驶；当驾驶员踩下刹车后，汽车转为匀减速运动，直至停车。
取v= 72 km/h（即 20 m/s）时的反应距离为 20 m，刹车距离为x=40m，则反应时间；
刹车时的加速度大小
（2）解：根据牛顿第二定律和摩擦力公式 F = μmg（设汽车刹车时车轮近似抱死）可知：(加速度) a = μg
已得 a =5 m/s2，则μ = 0.5
对照题中给出的路面与车胎间的动摩擦因数表可知，μ = 0.5 处于干碎石路面 (0.4 ~ 0.7) 的范围内，故该数据应是在干碎石路面上测试所得。
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）图中汽车在停车过程中先匀速后匀减速，并根据图片信息，图中司机的反应时间为1s，这辆汽车刹车时的加速度大小为5m/s2；
（2）如表列出了各种路面与车胎之间的动摩擦因数，通过计算可分析出，这辆汽车的行驶数据是在干碎石路面路面上测试所得。
（1）由题可知，汽车在驾驶员尚未踩下刹车的“反应”阶段中以恒定速度匀速行驶；
当驾驶员踩下刹车后，汽车转为匀减速运动，直至停车。
取v= 72 km/h（即 20 m/s）时的反应距离为 20 m，刹车距离为x=40m，则反应时间；
刹车时的加速度大小
（2）根据牛顿第二定律和摩擦力公式 F = μmg（设汽车刹车时车轮近似抱死）可知：(加速度) a = μg
已得 a =5 m/s2，则μ = 0.5
对照题中给出的路面与车胎间的动摩擦因数表可知，μ = 0.5 处于干碎石路面 (0.4 ~ 0.7) 的范围内，故该数据应是在干碎石路面上测试所得。
21．【答案】（1）解：由A到B过程，根据牛顿第二定律
根据运动学规律
解得
（2）解：货箱和货物在传送带上加速过程
运动距离
匀速运动时间
货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间
（3）解：根据题意分析，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，则到达C点时货物的速度应为10m/s，当货物在传送带上一直加速到C时恰好与传送带共速，为所求临界值；
由B到C过程：
由A到B过程：，
解得：
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）在AB段，对货箱和货物整体受力分析，根据牛顿第二定律列出方程，结合匀变速直线运动速度—位移公式，联立求解m1；
（2）先判断货箱和货物在传送带上的运动状态，可能先加速后匀速。分别根据牛顿第二定律求出加速阶段加速度，结合运动学公式求出加速时间和位移，再计算匀速阶段时间，两者相加得到tBC；
（3）根据能量守恒定律，分析货箱从C点返回A点过程中能量转化关系。结合在AB段的受力分析和牛顿第二定律，联立方程求解m2。
（1）由A到B过程，根据牛顿第二定律
根据运动学规律
解得
（2）货箱和货物在传送带上加速过程，运动距离
匀速运动时间
货箱和货物在传送带上从B点运动到C点所需时间
（3）根据题意分析，要求货箱恰好回到货物装载位置A点，则到达C点时货物的速度应为10m/s，当货物在传送带上一直加速到C时恰好与传送带共速，为所求临界值；
由B到C过程：
由A到B过程：，
解得：
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