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浙江省温州市2024-2025学年高一上学期1月期末统考物理试题（B卷）
一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1．（2025高一上·温州期末）下列不属于国际单位制基本单位符号的是（　　）
A．s B．N C．kg D．m
2．（2025高一上·温州期末）2024年8月5日，中国队在米混合泳接力决赛中，以3分27秒46的成绩夺冠，打破了美国队在该项目长达40年的垄断。下列说法正确的是（　　）
A．“3分27秒46”表示时刻
B．运动员在加速冲刺过程中惯性增大
C．游泳过程中的运动员相对观众是运动的
D．研究运动员的入水动作时可以将其看成质点
3．（2025高一上·温州期末）下列说法正确的是（　　）
A．图甲中大人推不动车是因为推力小于摩擦力
B．图乙中限速路牌的示数为车辆通行的平均速度
C．图丙中飞镖在空中各点的指向与其加速度方向相同
D．图丁中玻璃管水平运动，管内匀速上升的红蜡块运动轨迹可能是曲线
4．（2025高一上·温州期末）如图所示，一只翠鸟停歇在树枝上。下列说法正确的是（　　）
A．翠鸟一定只受两个力
B．树枝对翠鸟的作用力方向竖直向上
C．树枝对翠鸟的作用力就是翠鸟的重力
D．翠鸟对树枝的压力是树枝形变引起的
5．（2025高一上·温州期末）如图所示为温州某一大楼，某同学在保证安全的前提下在顶楼静止释放一小球，测得小球下落时间约为6s。不计一切阻力，该大楼高度约为（　　）
A．180m B．270m C．360m D．540m
6．（2025高一上·温州期末）如图所示为室内冰壶玩具。游戏时，冰壶场景垫铺在水平地面上，将其中一个冰壶推出，冰壶离手后，沿场景垫轴线向前自由滑行，场景垫始终静止。下列说法正确的是（　　）
A．冰壶向前自由滑行时仍受推力
B．冰壶所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反
C．场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对平衡力
D．地面对场景垫的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对相互作用力
7．（2025高一上·温州期末）如图所示为神舟十九号火箭升空过程。某阶段，火箭竖直向上匀加速升空40m，速度大小由变为，下列说法正确的是（　　）
A．火箭的加速度大小为
B．火箭的加速度大小为
C．升空40m阶段火箭的平均速度为
D．升空40m阶段火箭的平均速度为
8．（2025高一上·温州期末）如图所示，某同学竖直拿着水杯，随着自动扶梯匀速上楼。下列说法正确的是（　　）
A．水杯所受合力斜向上
B．水杯所受合力竖直向上
C．人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力越大
D．人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力不变
9．（2025高一上·温州期末）如图所示为一台式弹簧秤，其结构可简化为一根轻质弹簧和一托盘。弹簧的压缩量在托盘不放物体时为，放上质量物体时为，下列说法正确的是（　　）
A．空托盘质量为
B．弹簧的劲度系数为
C．弹簧的劲度系数随弹簧的压缩量增加而增大
D．换用劲度系数更小的弹簧能增加弹簧秤的量程
10．（2025高一上·温州期末）如图所示为酒店送餐机器人。某次送餐中，机器人从电梯口静止开始做直线运动到达客房门口，到达客房门口时速度恰好为零，全程长10m。机器人运动的最大速度2m/s，加速时最大加速度0.5m/s2，减速时最大加速度1m/s2。则酒店机器人该次送餐的最短时间为（　　）
A．5s B．6s C．8s D．10s
11．（2025高一上·温州期末）如图所示为起重机吊起铁管的场景。已知一根长为40m的钢绳两端固定在质量的铁管上，两固定点距离为6m。起重机挂钩勾住该钢绳，使铁管从静止开始先以的加速度竖直向上做匀加速直线运动，达到某一速度后做匀速运动，不计钢绳质量与一切阻力。取。下列说法正确的是（　　）
A．匀速阶段钢绳拉力大小为
B．加速阶段钢绳拉力比匀速阶段钢绳拉力大
C．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则钢绳拉力不变
D．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则钢绳拉力变大
12．（2025高一上·温州期末）如图甲所示，某宇航员在特定座椅上做竖直方向上的冲击耐力训练。图乙为该宇航员在做冲击耐力训练过程中的加速度随时间变化的图像。已知训练开始前宇航员处于静止状态，宇航员（含装备）质量为，重力加速度大小为，以竖直向上为正方向，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．时间内，宇航员处于失重状态
B．时间内，宇航员处于失重状态
C．时，座椅对宇航员的支持力为
D．时，座椅对宇航员的支持力为
13．（2025高一上·温州期末）如图甲所示为一鸡蛋收纳架，利用斜坡使鸡蛋自动滚下，斜坡底端有一竖直挡板。现将5个鸡蛋放置在鸡蛋架上，将鸡蛋简化为质量为，半径为的球，图乙为正视图。已知斜坡倾角，重力加速度大小为，不计一切摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小为
B．4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小为
C．鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小为
D．竖直挡板对1号鸡蛋的支持力大小为
二、选择题II（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
14．（2025高一上·温州期末）关于物理学中的思想与方法，下列说法正确的是（　　）
A．质点概念建立体现了等效替代的思想
B．重心概念建立体现了理想化模型的思想
C．加速度的定义采用了比值定义法
D．通过平面镜观察桌面的微小形变采用了放大思想
15．（2025高一上·温州期末）如图甲所示为输送工件的传送装置，其右端有固定挡板防止工件来不及取走而掉落，其简1化模型如图乙。若水平传送带沿顺时针方向以恒定速率匀速转动，时刻将滑块轻轻放在传送带上，当滑块运动到传送带右端时与挡板发生碰撞，碰撞前后滑块速度大小不变，方向相反。若滑块视为质点，则从滑块放上传送带到与挡板发生第二次碰撞前，滑块运动的速度随时间变化的图像可能是（　　）
A． B．
C． D．
三、非选择题（本题共5小题，共55分）
16．（2025高一上·温州期末）某实验小组用如图1所示的实验装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。已知小车质量，则：
（1）除了如图1所示的器材外，还需要的仪器有___________
A． B．
C． D．
（2）关于该实验下列说法正确的是___________
A．实验前，补偿阻力时小车需连接纸带
B．实验前，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与轨道平行
C．实验时，也可增减钩码（50g规格）来改变小车受到的拉力
D．完成操作后，挑选两条点痕清晰的纸带进行数据处理即可
（3）某同学得到如图2所示的纸带，打点计时器电源频率为，则小车的加速度大小为　 　。（结果保留2位有效数字）
17．（2025高一上·温州期末）用如图1所示装置探究平抛运动的特点。
（1）若已经得到平抛运动竖直方向分运动的规律，设法确定“相等的时间间隔”，再看相等的时间内水平分运动的位移，进而确定水平分运动的规律。则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的竖直距离　 　（填“相等”或“不相等”）。
（2）下列器材问题和操作方式不会对实验探究有影响的是（　　）
A．斜槽轨道不光滑 B．斜槽末端不水平
C．小球在释放时有初速度v0 D．小球每次自由释放的位置不同
（3）图2是某同学在做平抛运动实验时得出小球的运动轨迹，图中a、b、c三点分别表示小球运动过程经过的三个位置，空气阻力不计，则小球做平抛运动的初速度大小为　 　m/s。（结果保留2位有效数字）
18．（2025高一上·温州期末）下列关于学生实验的描述正确的是（　　）
A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中细绳套不一定等长
B．“探究弹簧弹力与形变量关系”实验中可得出弹簧弹力与弹簧长度成正比
C．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中不需要补偿小车所受到的阻力
D．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中需满足小车质量远远大于槽码质量
19．（2025高一上·温州期末）如图所示，一辆肇事汽车在紧急刹车后停了下来，路面上留下了一条长度为x=22.5m的车轮滑动的磨痕。根据对车轮和路面材料的分析可以知道，车轮在路面上滑动时汽车做匀减速直线运动的加速度大小a=5m/s2。求：
（1）刹车前汽车的速度v；
（2）紧急刹车所用的时间t；
（3）汽车停止前1s滑行的距离x'。
20．（2025高一上·温州期末）如图所示，一倾角的粗糙斜面C静置在水平地面上，斜面上有与轻绳连接的物块B，轻绳与斜面平行，并绕过定滑轮与结点连接小球A，右上方用手拉住轻绳OE。轻绳OD水平，与轻绳OE夹角，A、B、C处于静止状态。已知A、B、C质量分别为m、3m、4m，重力加速度大小为，求：
（1）轻绳OD的拉力大小；
（2）斜面C对B的摩擦力；
（3）地面对C的支持力大小。
21．（2025高一上·温州期末）如图甲所示，一同学站在靶心的正前方，面朝倾斜靶纸抛球，其简化模型如图乙。靶纸紧贴在倾角θ=45°的倾斜支架CD上，支架CD固定在水平地面AB上，接触点为C点。该同学在O点水平向右抛出小球，O点离地高度H=1.25m，与C点的水平距离L=1.15m。若小球只在图乙所示竖直面内运动，视为质点，不计小球受到的空气阻力和靶纸厚度。
（1）若小球落在水平地面AC上，求小球平抛运动的时间t；
（2）若改变水平抛出小球的初速度大小，使小球恰好垂直靶纸击中靶心，求小球从O点到靶心竖直方向下落距离与水平方向运动距离的比值；
（3）若小球抛出时初速度，分析小球是落在水平地面上还是靶纸上，并求出对应落点的末速度大小v。
22．（2025高一上·温州期末）如图所示，倾角直轨道，长为直轨道分别与圆弧轨道相切于点和点，点右侧紧靠着质量的小车，小车足够长，其上表面与直轨道齐平。将质量的物块从直轨道上距离点高度处静止释放，已知物块运动到点速度大小与点速度大小满足，物块与直轨道、和小车上表面之间的动摩擦因数均为，小车与地面之间的摩擦不计（物块视为质点，不计空气阻力），已知，，求：
（1）物块在直轨道上运动的加速度大小；
（2）物块在直轨道上的运动时间；
（3）物块经过点的速度大小；
（4）小车最终速度大小。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】力学单位制
【解析】【解答】秒（s）是国际单位制中时间的基本单位符号，属于基本单位。牛顿（N）是力的单位，属于导出单位，千克（kg）是国际单位制中质量的基本单位符号，属于基本单位，米（m）是国际单位制中长度的基本单位符号，属于基本单位，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】国际单位制的基本单位共有七个，分别是：秒（s）：时间的单位。米（m）：长度的单位；
千克（kg）：质量的单位；安培（A）：电流的单位；开尔文（K）：热力学温度的单位；摩尔（mol）：物质的量的单；坎德拉（cd）：发光强度的单位。
2．【答案】C
【知识点】质点；时间与时刻；参考系与坐标系；惯性与质量
【解析】【解答】本题考查时间和时刻，惯性的概念，参考系和质点的概念，会根据题意进行准确分析解答。A．时间间隔表示两个时刻间的间隔，“3分27秒46”表示的是时间间隔，故A错误；
B．惯性只由质量决定，与运动状态无关，故B错误；
C．游泳过程中的运动员相对观众是运动的，故C正确；
D．研究运动员的入水动作时，运动员的形状大小不能忽略不计，不可以将其看成质点，故D错误。
故选C。
【分析】根据时间和时刻，惯性的概念，参考系和质点的概念进行分析判断。
3．【答案】D
【知识点】曲线运动；瞬时速度；静摩擦力；运动的合成与分解
【解析】【解答】瞬时速度则是运动物体在某一时刻（或经过某一位置）的速度，平均速度是一个描述物体运动平均快慢程度和运动方向的矢量。A．图甲中大人推不动车，车处于静止状态，此时车在水平方向上受到推力和摩擦力，根据二力平衡原理，推力等于摩擦力，推不动的原因是推力小于最大静摩擦力，故A错误；
B．图乙中限速路牌的示数为车辆通行的瞬时速度最大值，故B错误；
C．图丙中飞镖在空中各点的指向是其速度方向，速度方向与加速度方向不同，故C错误；
D．图丁中玻璃管水平运动，若红蜡块在管内匀速上升，同时水平方向做匀加速直线运动，则红蜡块运动轨迹是曲线，故D正确。
故选D。
【分析】推力与摩擦力大小相等，方向相反；根据速度与加速度的关联分析；根据水平方向与竖直方向速度的关联分析。
4．【答案】B
【知识点】形变与弹力；受力分析的应用
【解析】【解答】本题是简单的受力平衡问题，要明确研究对象，分析受力情况，根据平衡条件列式分析。
ABC．把倾斜的树枝可以看做斜面，可知翠鸟受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，其中支持力和摩擦力的施力为树枝，将这两个力合成一个力，即为树枝对翠鸟的作用力，该作用力与重力平衡，故该作用力方向竖直向上，大小等于重力的大小，该作用力与重力的产生条件不同，故不能说枝对翠鸟的作用力就是翠鸟的重力，故AC错误，B正确；
D．翠鸟对树枝的压力是翠鸟的脚掌形变引起的，故D错误。
故选B。
【分析】翠鸟处于平衡状态，根据平衡条件分析；根据弹力的产生条件分析判断。
5．【答案】A
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】本题考查自由落体运动的规律，解题关键是掌握自由落体运动规律。根据自由落体运动规律有
故选A。
【分析】根据自由落体运动的位移一时间公式计算下落高度。
6．【答案】B
【知识点】牛顿第三定律；滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】解答本题时，要明确一对相互作用力和一对平衡力的区别，可根据受力物体、作用力的性质来理解它们的区别。A．冰壶向前自由滑行时不会受推力作用，故A错误；
B．冰壶相对场景垫向前运动，受到的摩擦力向后，即所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反，故B正确；
C．场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对相互作用力，故C错误；
D．地面对场景垫的支持力与冰壶对场景垫的压力都作用在场景垫上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】根据惯性知识分析冰壶向前自由滑行的原因；滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反；一对平衡力上同一物体受到的力；一对相互作用力是两个不同物体间的作用力。
7．【答案】D
【知识点】平均速度；匀变速直线运动的位移与速度的关系
【解析】【解答】解决本题的关键知道匀变速直线运动的规律，明确平均速度的计算方法。AB．根据速度位移公式有
代入数据解得加速度大小为
故AB错误；
CD．根据速度时间公式有
代入数据解得升空40m阶段火箭的时间为
故升空40m阶段火箭的平均速度为
代入数据解得
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】根据速度—位移公式计算加速度大小，根据平均速度定义计算平均速度大小。
8．【答案】D
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要明确水杯的运动状态，掌握共点力的平衡条件：合力为零，并能用来分析水杯的受力情况。AB．水杯匀速运动，则水杯的所受合力为零，故AB错误；
CD．因水杯所受的合力为零，根据平衡条件可知，摩擦力与重力平衡，故人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力不变，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】水杯匀速运动，所受合力为零，根据平衡条件分析水杯所受摩擦力与重力的关系，再分析摩擦力的变化情况。
9．【答案】B
【知识点】胡克定律；共点力的平衡
【解析】【解答】本题主要考查了胡克定律和受力平衡，解题关键是掌握弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定。AB．设空托盘质量为，弹簧的劲度系数为，托盘不放物体时有
放上质量物体时有
联立解得，
故A错误，B正确；
C．弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定，不会随弹簧的压缩量增加而增大，故C错误；
D．根据可知，换用劲度系数更小的弹簧，在最大形变量不变的情况下，弹簧秤的量程减小，故D错误。
故选B。
【分析】根据共点力平衡和胡克定律求出弹簧劲度系数，弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定；根据F=kx可知，换用劲度系数更小的弹簧，量程变化。
10．【答案】C
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】熟练掌握并深刻理解运动学的基础公式及导出公式，结合公式法、图像法、整体与分段法等解题技巧，才能在解答此类题目时游刃有余。根据题意可知，，
代入数据解得，，
所以
故选C。
【分析】根据匀变速直线运动的位移和时间规律、匀速直线运动的位移和时间规律列式求解。
11．【答案】B
【知识点】共点力的平衡；牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查平衡条件以及牛顿第二定律的应用，解题关键是会对物体匀速以及加速状态进行受力分析。A．设钢绳与竖直方向的夹角为，匀速阶段，根据受力平衡可得
可得钢绳拉力大小为
故A错误；
B．加速阶段，根据牛顿第二定律可得
可得
则加速阶段钢绳拉力比匀速阶段钢绳拉力大，故B正确；
CD．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则减小，根据
可知钢绳拉力变小，故CD错误。
故选B。
【分析】铁管受到三个力的作用：重力、两个沿钢绳向上的拉力。如果铁管处于平衡状态，则这三个力的合力为零，结合几何关系分析。
12．【答案】D
【知识点】牛顿第二定律；超重与失重
【解析】【解答】本题既涉及定性分析又涉及一点定量计算，熟悉力和运动的关系能正确分析运动过程是解题突破口，加速度大小和方向都随时间变化增加了本题的难度。A．由图乙可知，时间内，加速度竖直向上，宇航员处于超重状态，故A错误；
B．由图乙可知，时间内，加速度竖直向上，宇航员处于超重状态，故B错误；
CD．在时，对宇航员，根据牛顿第二定律可得
解得座椅对宇航员的支持力为
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】a-t图像与坐标轴围成的面积等于速度变化量，加速度方向向下为失重，加速度方向向上为超重，结合牛顿第二定律分析。
13．【答案】D
【知识点】整体法隔离法；共点力的平衡
【解析】【解答】本题是多体平衡问题，关键要灵活选择研究对象，正确分析受力，运用平衡条件解答。要注意隔离法和整体法的应用。AB．对5号鸡蛋分析可知其受重力、鸡蛋架作用力及4号鸡蛋的作用力，根据力的分解可知，鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小为
4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小为
故AB错误；
C．对4号鸡蛋分析，垂直与鸡蛋架方向上，鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小为
故C错误；
D．对5个鸡蛋整体分析可知，竖直挡板对1号鸡蛋的支持力为
故D正确；
故选D。
【分析】将5号鸡蛋隔离，分析其受力，根据平衡条件求鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小和4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小。对4号鸡蛋分析，根据平衡条件求鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小。对5个鸡蛋整体分析，根据平衡条件求解竖直挡板对1号鸡蛋的支持力大小。
14．【答案】C,D
【知识点】等效法；比值定义法；理想模型法；放大法
【解析】【解答】对于常用的物理研究方法，如控制变量法、等效替代法、理想化模型法等等，要在理解的基础上掌握，并要注意科学方法的应用。A．质点概念建立体现了理想化模型的思想，故A错误；
B．重心概念建立体现了等效替代的思想，故B错误；
C．加速度的定义采用了比值定义法，故C正确；
D．通过平面镜观察桌面的微小形变采用了放大思想，故D正确。
故选CD。
【分析】根据理想化的物理模型、等效替代以及比值定义法，微小形变放大法等思想对应的实例进行分析解答。
15．【答案】A,D
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】分析碰撞前后滑块所受的滑动摩擦力相同，加速度相同，判断出图象的斜率相同是解决本题的关键，要注意滑块与传送带共速这一临界条件的运用。滑块第一次与挡板碰撞前先做匀加速运动，若传送带的长度足够长，则滑块后做匀速运动，若传送带长度恰好等于或小于滑块做匀加速的位移，则滑块一直做匀加速运动。与挡板第一光伏碰撞后，滑块立刻向左匀减速运动，减速至零后，再向右做初速度为零的匀加速运动，直至第二次与挡板碰撞，且滑块与挡板碰撞前的加速过程中和碰撞后的减速过程中所受的滑动摩擦力不变，所以两过程中加速度相等，则两个过程中图象的斜率相同。
故选AD。
【分析】滑块与挡板发生的是弹性碰撞，碰撞时间极短且没有能量损失，意味着碰撞后滑块立刻沿传送带向上做匀减速运动；滑块与挡板碰撞前的加速过程中和碰撞后的减速过程中所受的滑动摩擦力不变，合力不变，两过程中加速度大小相等；若传送带足够长，滑块与共速，通过分析重力沿传送带的分力与滑动摩擦力的大小关系判断滑块可能的运动情况，再结合图象的形状进行分析作答。
16．【答案】（1）C
（2）A；B
（3）0.50
【知识点】加速度；探究加速度与力、质量的关系
【解析】【解答】理解实验原理、知道实验注意事项是解题的前提，根据题意应用匀变速直线运动的推论即可解题，计算时注意单位换算。
（1）除了如图1所示的器材外，还需要刻度尺测量点迹间距。
故选C。
（2）A．根据补偿阻力的方法可知，补偿阻力时小车需连接纸带，直至点迹间距相同，故A正确；
B．使牵引小车的细绳与轨道平行，从而保证小车所受拉力不变，故B正确；
C．实验应保证钩码质量远远小于小车质量，故C错误；
D．完成操作后，为保证实验结论的普遍性，应挑选三条以上点痕清晰的纸带进行数据处理，故D错误；
故选AB。
（3）根据逐差法可知加速度为
【分析】 （1）根据实验原理选择相应的实验器材；
（2）根据实验原理和注意事项分析判断；
（3）根据逐差法计算小车的加速度。
（1）除了如图1所示的器材外，还需要刻度尺测量点迹间距。
故选C。
（2）A．根据补偿阻力的方法可知，补偿阻力时小车需连接纸带，直至点迹间距相同，故A正确；
B．使牵引小车的细绳与轨道平行，从而保证小车所受拉力不变，故B正确；
C．实验应保证钩码质量远远小于小车质量，故C错误；
D．完成操作后，为保证实验结论的普遍性，应挑选三条以上点痕清晰的纸带进行数据处理，故D错误；
故选AB。
（3）根据逐差法可知加速度为
17．【答案】（1）不相等
（2）A
（3）2.0m/s
【知识点】研究平抛物体的运动
【解析】【解答】本题考查了探究平抛运动的特点的实验，要明确实验原理，掌握实验的正确操作和注意事项，根据匀变速直线运动的推论求解时间间隔是解题的关键。
（1）由于水平方向分运动为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的水平位移相等，竖直距离不相等。
（2）实验中需要保证小钢球平抛的初速相同，所以斜槽末端水平，且应从斜槽同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，即斜槽轨道不光滑对实验没有影响，但斜槽末端不水平、小球在释放时有初速度v0、小球每次自由释放的位置不同均对实验有影响。
故选A。
（3）水平方向有
竖直方向有
联立可得
【分析】（1）平抛运动在竖直方向为自由落体运动，根据自由落体运动的特点分析作答；
（2）根据实验的原理、正确操作和注意事项分析作答；
（3）根据匀变速直线运动推论求时间间隔；根据平抛运动的规律求解水平初速度。
（1）由于水平方向分运动为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的水平位移相等，竖直距离不相等。
（2）实验中需要保证小钢球平抛的初速相同，所以斜槽末端水平，且应从斜槽同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，即斜槽轨道不光滑对实验没有影响，但斜槽末端不水平、小球在释放时有初速度v0、小球每次自由释放的位置不同均对实验有影响。
故选A。
（3）水平方向有
竖直方向有
联立可得
18．【答案】A,C
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；验证力的平行四边形定则；探究小车速度随时间变化的规律
【解析】【解答】A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中细绳套应适当长一些，但不需要等长，故A正确；
B． “探究弹簧弹力与形变量关系”实验中可得出弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，不是与长度成正比，故B错误；
CD． “探究小车速度随时间变化的规律”实验中，不需要补偿小车所受到的阻力，也不需要满足小车质量远远大于槽码质量，故C正确，D错误。
故选AC。
【分析】根据探究力的合成规则和探究胡克定律，小车速度随时间变化关系实验的实验原理和注意事项进行分析解答。
19．【答案】（1）解：根据速度位移关系可得
代入数据解得
（2）解：根据速度时间关系可得
所以
（3）解：根据逆向思维法可得
解得
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【分析】（1）以及加速度和位移，根据速度—位移关系求解速度；
（2）根据速度—时间公式求解紧急刹车所用的时间 ；
（3）匀减速运动过程可以看成初速度为零的匀加速运动的逆过程，采用逆向思维结合时间—位移关系求解。
（1）根据速度位移关系可得
代入数据解得
（2）根据速度时间关系可得
所以
（3）根据逆向思维法可得
解得
20．【答案】（1）解：设轻绳OD拉力为，地面对C的支持力为。根据平衡条件有或
解得
（2）解：因沿斜面方向有
则沿斜面方向有
解得，方向沿斜面向上
（3）解：对B、C整体，根据平衡条件有
解得
【知识点】整体法隔离法
【解析】【分析】（1）对结点O分析受力，根据平衡条件求轻绳OD的拉力大小FT；
（2）对B分析受力，根据平衡条件求斜面C对B的摩擦力Ff；
（3）对B与C整体分析，根据平衡条件求地面对C的支持力大小FN。
（1）设轻绳OD拉力为，地面对C的支持力为
根据平衡条件有或
解得
（2）因沿斜面方向有
则沿斜面方向有
解得
方向沿斜面向上
（3）方法一：对B、C整体，根据平衡条件有
解得
方法二：对C单独，根据平衡条件有
解得
21．【答案】（1）解：根据平抛运动规律有
解得
（2）解：小球恰好垂直靶纸击中靶心时，其速度方向与水平方向成45°，则
，，
则有
所以
（3）解：若小球恰好击中C点，则
小球以水平抛出时会落在地面AC上，则
所以
【知识点】平抛运动
【解析】【分析】（1）根据平抛运动竖直方向上做自由落体运动的时间；
（2）小球恰好垂直靶纸击中靶心，根据平抛运动的规律计算小球从O点到靶心竖直方向下落距离与水平方向运动距离的比值；
（3）小球做平抛运动，根据平抛运动规律计算末速度。
（1）根据平抛运动规律有
解得
（2）小球恰好垂直靶纸击中靶心时，其速度方向与水平方向成45°，则
，，
则有
所以
（3）若小球恰好击中C点，则
小球以水平抛出时会落在地面AC上，则
所以
22．【答案】（1）解：物块在直轨道上运动时，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）解：物块在下滑距离为
根据运动学公式可得
解得
（3）解：物块在点速度大小为
则物块在点速度大小为
物块直轨道上加速度大小为
根据运动学公式可得
解得
（4）解：物块在小车滑行时的加速度大小为
小车的加速度大小
设经过时间，物块与小车共速，则有
解得
共速后物块与小车一起匀速运动，则小车最终速度大小为
【知识点】牛顿运动定律的应用—板块模型；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）物块在直轨道AB上运动时，根据牛顿第二定律可得加速度；
（2）根据匀变速直线运动位移—时间关系求解物块在AB下滑的时间；
（3）根据匀变速直线运动速度—时间关系求出B点的速度，从而求出C点的速度，根据牛顿第二定律求物块直轨道CD上加速度大小，根据运动学公式可得D点的速度；
（4）根据牛顿第二定律求物块在小车滑行时的加速度大小、小车加速度大小，根据运动学公式可得小车最终速度大小。
（1）物块在直轨道上运动时，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）物块在下滑距离为
根据运动学公式可得
解得
（3）物块在点速度大小为
则物块在点速度大小为
物块直轨道上加速度大小为
根据运动学公式可得
解得
（4）物块在小车滑行时的加速度大小为
小车的加速度大小
设经过时间，物块与小车共速，则有
解得
共速后物块与小车一起匀速运动，则小车最终速度大小为
1 / 1浙江省温州市2024-2025学年高一上学期1月期末统考物理试题（B卷）
一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）
1．（2025高一上·温州期末）下列不属于国际单位制基本单位符号的是（　　）
A．s B．N C．kg D．m
【答案】B
【知识点】力学单位制
【解析】【解答】秒（s）是国际单位制中时间的基本单位符号，属于基本单位。牛顿（N）是力的单位，属于导出单位，千克（kg）是国际单位制中质量的基本单位符号，属于基本单位，米（m）是国际单位制中长度的基本单位符号，属于基本单位，故ACD错误，B正确。
故选B。
【分析】国际单位制的基本单位共有七个，分别是：秒（s）：时间的单位。米（m）：长度的单位；
千克（kg）：质量的单位；安培（A）：电流的单位；开尔文（K）：热力学温度的单位；摩尔（mol）：物质的量的单；坎德拉（cd）：发光强度的单位。
2．（2025高一上·温州期末）2024年8月5日，中国队在米混合泳接力决赛中，以3分27秒46的成绩夺冠，打破了美国队在该项目长达40年的垄断。下列说法正确的是（　　）
A．“3分27秒46”表示时刻
B．运动员在加速冲刺过程中惯性增大
C．游泳过程中的运动员相对观众是运动的
D．研究运动员的入水动作时可以将其看成质点
【答案】C
【知识点】质点；时间与时刻；参考系与坐标系；惯性与质量
【解析】【解答】本题考查时间和时刻，惯性的概念，参考系和质点的概念，会根据题意进行准确分析解答。A．时间间隔表示两个时刻间的间隔，“3分27秒46”表示的是时间间隔，故A错误；
B．惯性只由质量决定，与运动状态无关，故B错误；
C．游泳过程中的运动员相对观众是运动的，故C正确；
D．研究运动员的入水动作时，运动员的形状大小不能忽略不计，不可以将其看成质点，故D错误。
故选C。
【分析】根据时间和时刻，惯性的概念，参考系和质点的概念进行分析判断。
3．（2025高一上·温州期末）下列说法正确的是（　　）
A．图甲中大人推不动车是因为推力小于摩擦力
B．图乙中限速路牌的示数为车辆通行的平均速度
C．图丙中飞镖在空中各点的指向与其加速度方向相同
D．图丁中玻璃管水平运动，管内匀速上升的红蜡块运动轨迹可能是曲线
【答案】D
【知识点】曲线运动；瞬时速度；静摩擦力；运动的合成与分解
【解析】【解答】瞬时速度则是运动物体在某一时刻（或经过某一位置）的速度，平均速度是一个描述物体运动平均快慢程度和运动方向的矢量。A．图甲中大人推不动车，车处于静止状态，此时车在水平方向上受到推力和摩擦力，根据二力平衡原理，推力等于摩擦力，推不动的原因是推力小于最大静摩擦力，故A错误；
B．图乙中限速路牌的示数为车辆通行的瞬时速度最大值，故B错误；
C．图丙中飞镖在空中各点的指向是其速度方向，速度方向与加速度方向不同，故C错误；
D．图丁中玻璃管水平运动，若红蜡块在管内匀速上升，同时水平方向做匀加速直线运动，则红蜡块运动轨迹是曲线，故D正确。
故选D。
【分析】推力与摩擦力大小相等，方向相反；根据速度与加速度的关联分析；根据水平方向与竖直方向速度的关联分析。
4．（2025高一上·温州期末）如图所示，一只翠鸟停歇在树枝上。下列说法正确的是（　　）
A．翠鸟一定只受两个力
B．树枝对翠鸟的作用力方向竖直向上
C．树枝对翠鸟的作用力就是翠鸟的重力
D．翠鸟对树枝的压力是树枝形变引起的
【答案】B
【知识点】形变与弹力；受力分析的应用
【解析】【解答】本题是简单的受力平衡问题，要明确研究对象，分析受力情况，根据平衡条件列式分析。
ABC．把倾斜的树枝可以看做斜面，可知翠鸟受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用，其中支持力和摩擦力的施力为树枝，将这两个力合成一个力，即为树枝对翠鸟的作用力，该作用力与重力平衡，故该作用力方向竖直向上，大小等于重力的大小，该作用力与重力的产生条件不同，故不能说枝对翠鸟的作用力就是翠鸟的重力，故AC错误，B正确；
D．翠鸟对树枝的压力是翠鸟的脚掌形变引起的，故D错误。
故选B。
【分析】翠鸟处于平衡状态，根据平衡条件分析；根据弹力的产生条件分析判断。
5．（2025高一上·温州期末）如图所示为温州某一大楼，某同学在保证安全的前提下在顶楼静止释放一小球，测得小球下落时间约为6s。不计一切阻力，该大楼高度约为（　　）
A．180m B．270m C．360m D．540m
【答案】A
【知识点】自由落体运动
【解析】【解答】本题考查自由落体运动的规律，解题关键是掌握自由落体运动规律。根据自由落体运动规律有
故选A。
【分析】根据自由落体运动的位移一时间公式计算下落高度。
6．（2025高一上·温州期末）如图所示为室内冰壶玩具。游戏时，冰壶场景垫铺在水平地面上，将其中一个冰壶推出，冰壶离手后，沿场景垫轴线向前自由滑行，场景垫始终静止。下列说法正确的是（　　）
A．冰壶向前自由滑行时仍受推力
B．冰壶所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反
C．场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对平衡力
D．地面对场景垫的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对相互作用力
【答案】B
【知识点】牛顿第三定律；滑动摩擦力与动摩擦因数
【解析】【解答】解答本题时，要明确一对相互作用力和一对平衡力的区别，可根据受力物体、作用力的性质来理解它们的区别。A．冰壶向前自由滑行时不会受推力作用，故A错误；
B．冰壶相对场景垫向前运动，受到的摩擦力向后，即所受摩擦力方向与冰壶运动方向相反，故B正确；
C．场景垫对冰壶的支持力与冰壶对场景垫的压力是一对相互作用力，故C错误；
D．地面对场景垫的支持力与冰壶对场景垫的压力都作用在场景垫上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选B。
【分析】根据惯性知识分析冰壶向前自由滑行的原因；滑动摩擦力方向与物体相对运动方向相反；一对平衡力上同一物体受到的力；一对相互作用力是两个不同物体间的作用力。
7．（2025高一上·温州期末）如图所示为神舟十九号火箭升空过程。某阶段，火箭竖直向上匀加速升空40m，速度大小由变为，下列说法正确的是（　　）
A．火箭的加速度大小为
B．火箭的加速度大小为
C．升空40m阶段火箭的平均速度为
D．升空40m阶段火箭的平均速度为
【答案】D
【知识点】平均速度；匀变速直线运动的位移与速度的关系
【解析】【解答】解决本题的关键知道匀变速直线运动的规律，明确平均速度的计算方法。AB．根据速度位移公式有
代入数据解得加速度大小为
故AB错误；
CD．根据速度时间公式有
代入数据解得升空40m阶段火箭的时间为
故升空40m阶段火箭的平均速度为
代入数据解得
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】根据速度—位移公式计算加速度大小，根据平均速度定义计算平均速度大小。
8．（2025高一上·温州期末）如图所示，某同学竖直拿着水杯，随着自动扶梯匀速上楼。下列说法正确的是（　　）
A．水杯所受合力斜向上
B．水杯所受合力竖直向上
C．人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力越大
D．人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力不变
【答案】D
【知识点】共点力的平衡
【解析】【解答】解答本题时，要明确水杯的运动状态，掌握共点力的平衡条件：合力为零，并能用来分析水杯的受力情况。AB．水杯匀速运动，则水杯的所受合力为零，故AB错误；
CD．因水杯所受的合力为零，根据平衡条件可知，摩擦力与重力平衡，故人手握水杯越紧，水杯所受摩擦力不变，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】水杯匀速运动，所受合力为零，根据平衡条件分析水杯所受摩擦力与重力的关系，再分析摩擦力的变化情况。
9．（2025高一上·温州期末）如图所示为一台式弹簧秤，其结构可简化为一根轻质弹簧和一托盘。弹簧的压缩量在托盘不放物体时为，放上质量物体时为，下列说法正确的是（　　）
A．空托盘质量为
B．弹簧的劲度系数为
C．弹簧的劲度系数随弹簧的压缩量增加而增大
D．换用劲度系数更小的弹簧能增加弹簧秤的量程
【答案】B
【知识点】胡克定律；共点力的平衡
【解析】【解答】本题主要考查了胡克定律和受力平衡，解题关键是掌握弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定。AB．设空托盘质量为，弹簧的劲度系数为，托盘不放物体时有
放上质量物体时有
联立解得，
故A错误，B正确；
C．弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定，不会随弹簧的压缩量增加而增大，故C错误；
D．根据可知，换用劲度系数更小的弹簧，在最大形变量不变的情况下，弹簧秤的量程减小，故D错误。
故选B。
【分析】根据共点力平衡和胡克定律求出弹簧劲度系数，弹簧的劲度系数只由弹簧自身决定；根据F=kx可知，换用劲度系数更小的弹簧，量程变化。
10．（2025高一上·温州期末）如图所示为酒店送餐机器人。某次送餐中，机器人从电梯口静止开始做直线运动到达客房门口，到达客房门口时速度恰好为零，全程长10m。机器人运动的最大速度2m/s，加速时最大加速度0.5m/s2，减速时最大加速度1m/s2。则酒店机器人该次送餐的最短时间为（　　）
A．5s B．6s C．8s D．10s
【答案】C
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【解答】熟练掌握并深刻理解运动学的基础公式及导出公式，结合公式法、图像法、整体与分段法等解题技巧，才能在解答此类题目时游刃有余。根据题意可知，，
代入数据解得，，
所以
故选C。
【分析】根据匀变速直线运动的位移和时间规律、匀速直线运动的位移和时间规律列式求解。
11．（2025高一上·温州期末）如图所示为起重机吊起铁管的场景。已知一根长为40m的钢绳两端固定在质量的铁管上，两固定点距离为6m。起重机挂钩勾住该钢绳，使铁管从静止开始先以的加速度竖直向上做匀加速直线运动，达到某一速度后做匀速运动，不计钢绳质量与一切阻力。取。下列说法正确的是（　　）
A．匀速阶段钢绳拉力大小为
B．加速阶段钢绳拉力比匀速阶段钢绳拉力大
C．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则钢绳拉力不变
D．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则钢绳拉力变大
【答案】B
【知识点】共点力的平衡；牛顿第二定律
【解析】【解答】本题考查平衡条件以及牛顿第二定律的应用，解题关键是会对物体匀速以及加速状态进行受力分析。A．设钢绳与竖直方向的夹角为，匀速阶段，根据受力平衡可得
可得钢绳拉力大小为
故A错误；
B．加速阶段，根据牛顿第二定律可得
可得
则加速阶段钢绳拉力比匀速阶段钢绳拉力大，故B正确；
CD．匀速阶段若两固定点之间距离减小，则减小，根据
可知钢绳拉力变小，故CD错误。
故选B。
【分析】铁管受到三个力的作用：重力、两个沿钢绳向上的拉力。如果铁管处于平衡状态，则这三个力的合力为零，结合几何关系分析。
12．（2025高一上·温州期末）如图甲所示，某宇航员在特定座椅上做竖直方向上的冲击耐力训练。图乙为该宇航员在做冲击耐力训练过程中的加速度随时间变化的图像。已知训练开始前宇航员处于静止状态，宇航员（含装备）质量为，重力加速度大小为，以竖直向上为正方向，不计空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A．时间内，宇航员处于失重状态
B．时间内，宇航员处于失重状态
C．时，座椅对宇航员的支持力为
D．时，座椅对宇航员的支持力为
【答案】D
【知识点】牛顿第二定律；超重与失重
【解析】【解答】本题既涉及定性分析又涉及一点定量计算，熟悉力和运动的关系能正确分析运动过程是解题突破口，加速度大小和方向都随时间变化增加了本题的难度。A．由图乙可知，时间内，加速度竖直向上，宇航员处于超重状态，故A错误；
B．由图乙可知，时间内，加速度竖直向上，宇航员处于超重状态，故B错误；
CD．在时，对宇航员，根据牛顿第二定律可得
解得座椅对宇航员的支持力为
故C错误，D正确。
故选D。
【分析】a-t图像与坐标轴围成的面积等于速度变化量，加速度方向向下为失重，加速度方向向上为超重，结合牛顿第二定律分析。
13．（2025高一上·温州期末）如图甲所示为一鸡蛋收纳架，利用斜坡使鸡蛋自动滚下，斜坡底端有一竖直挡板。现将5个鸡蛋放置在鸡蛋架上，将鸡蛋简化为质量为，半径为的球，图乙为正视图。已知斜坡倾角，重力加速度大小为，不计一切摩擦。下列说法正确的是（　　）
A．鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小为
B．4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小为
C．鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小为
D．竖直挡板对1号鸡蛋的支持力大小为
【答案】D
【知识点】整体法隔离法；共点力的平衡
【解析】【解答】本题是多体平衡问题，关键要灵活选择研究对象，正确分析受力，运用平衡条件解答。要注意隔离法和整体法的应用。AB．对5号鸡蛋分析可知其受重力、鸡蛋架作用力及4号鸡蛋的作用力，根据力的分解可知，鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小为
4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小为
故AB错误；
C．对4号鸡蛋分析，垂直与鸡蛋架方向上，鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小为
故C错误；
D．对5个鸡蛋整体分析可知，竖直挡板对1号鸡蛋的支持力为
故D正确；
故选D。
【分析】将5号鸡蛋隔离，分析其受力，根据平衡条件求鸡蛋架对5号鸡蛋的作用力大小和4号鸡蛋对5号鸡蛋的支持力大小。对4号鸡蛋分析，根据平衡条件求鸡蛋架对4号鸡蛋的支持力大小。对5个鸡蛋整体分析，根据平衡条件求解竖直挡板对1号鸡蛋的支持力大小。
二、选择题II（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）
14．（2025高一上·温州期末）关于物理学中的思想与方法，下列说法正确的是（　　）
A．质点概念建立体现了等效替代的思想
B．重心概念建立体现了理想化模型的思想
C．加速度的定义采用了比值定义法
D．通过平面镜观察桌面的微小形变采用了放大思想
【答案】C,D
【知识点】等效法；比值定义法；理想模型法；放大法
【解析】【解答】对于常用的物理研究方法，如控制变量法、等效替代法、理想化模型法等等，要在理解的基础上掌握，并要注意科学方法的应用。A．质点概念建立体现了理想化模型的思想，故A错误；
B．重心概念建立体现了等效替代的思想，故B错误；
C．加速度的定义采用了比值定义法，故C正确；
D．通过平面镜观察桌面的微小形变采用了放大思想，故D正确。
故选CD。
【分析】根据理想化的物理模型、等效替代以及比值定义法，微小形变放大法等思想对应的实例进行分析解答。
15．（2025高一上·温州期末）如图甲所示为输送工件的传送装置，其右端有固定挡板防止工件来不及取走而掉落，其简1化模型如图乙。若水平传送带沿顺时针方向以恒定速率匀速转动，时刻将滑块轻轻放在传送带上，当滑块运动到传送带右端时与挡板发生碰撞，碰撞前后滑块速度大小不变，方向相反。若滑块视为质点，则从滑块放上传送带到与挡板发生第二次碰撞前，滑块运动的速度随时间变化的图像可能是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A,D
【知识点】牛顿运动定律的应用—传送带模型；运动学 v-t 图象
【解析】【解答】分析碰撞前后滑块所受的滑动摩擦力相同，加速度相同，判断出图象的斜率相同是解决本题的关键，要注意滑块与传送带共速这一临界条件的运用。滑块第一次与挡板碰撞前先做匀加速运动，若传送带的长度足够长，则滑块后做匀速运动，若传送带长度恰好等于或小于滑块做匀加速的位移，则滑块一直做匀加速运动。与挡板第一光伏碰撞后，滑块立刻向左匀减速运动，减速至零后，再向右做初速度为零的匀加速运动，直至第二次与挡板碰撞，且滑块与挡板碰撞前的加速过程中和碰撞后的减速过程中所受的滑动摩擦力不变，所以两过程中加速度相等，则两个过程中图象的斜率相同。
故选AD。
【分析】滑块与挡板发生的是弹性碰撞，碰撞时间极短且没有能量损失，意味着碰撞后滑块立刻沿传送带向上做匀减速运动；滑块与挡板碰撞前的加速过程中和碰撞后的减速过程中所受的滑动摩擦力不变，合力不变，两过程中加速度大小相等；若传送带足够长，滑块与共速，通过分析重力沿传送带的分力与滑动摩擦力的大小关系判断滑块可能的运动情况，再结合图象的形状进行分析作答。
三、非选择题（本题共5小题，共55分）
16．（2025高一上·温州期末）某实验小组用如图1所示的实验装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验。已知小车质量，则：
（1）除了如图1所示的器材外，还需要的仪器有___________
A． B．
C． D．
（2）关于该实验下列说法正确的是___________
A．实验前，补偿阻力时小车需连接纸带
B．实验前，调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与轨道平行
C．实验时，也可增减钩码（50g规格）来改变小车受到的拉力
D．完成操作后，挑选两条点痕清晰的纸带进行数据处理即可
（3）某同学得到如图2所示的纸带，打点计时器电源频率为，则小车的加速度大小为　 　。（结果保留2位有效数字）
【答案】（1）C
（2）A；B
（3）0.50
【知识点】加速度；探究加速度与力、质量的关系
【解析】【解答】理解实验原理、知道实验注意事项是解题的前提，根据题意应用匀变速直线运动的推论即可解题，计算时注意单位换算。
（1）除了如图1所示的器材外，还需要刻度尺测量点迹间距。
故选C。
（2）A．根据补偿阻力的方法可知，补偿阻力时小车需连接纸带，直至点迹间距相同，故A正确；
B．使牵引小车的细绳与轨道平行，从而保证小车所受拉力不变，故B正确；
C．实验应保证钩码质量远远小于小车质量，故C错误；
D．完成操作后，为保证实验结论的普遍性，应挑选三条以上点痕清晰的纸带进行数据处理，故D错误；
故选AB。
（3）根据逐差法可知加速度为
【分析】 （1）根据实验原理选择相应的实验器材；
（2）根据实验原理和注意事项分析判断；
（3）根据逐差法计算小车的加速度。
（1）除了如图1所示的器材外，还需要刻度尺测量点迹间距。
故选C。
（2）A．根据补偿阻力的方法可知，补偿阻力时小车需连接纸带，直至点迹间距相同，故A正确；
B．使牵引小车的细绳与轨道平行，从而保证小车所受拉力不变，故B正确；
C．实验应保证钩码质量远远小于小车质量，故C错误；
D．完成操作后，为保证实验结论的普遍性，应挑选三条以上点痕清晰的纸带进行数据处理，故D错误；
故选AB。
（3）根据逐差法可知加速度为
17．（2025高一上·温州期末）用如图1所示装置探究平抛运动的特点。
（1）若已经得到平抛运动竖直方向分运动的规律，设法确定“相等的时间间隔”，再看相等的时间内水平分运动的位移，进而确定水平分运动的规律。则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的竖直距离　 　（填“相等”或“不相等”）。
（2）下列器材问题和操作方式不会对实验探究有影响的是（　　）
A．斜槽轨道不光滑 B．斜槽末端不水平
C．小球在释放时有初速度v0 D．小球每次自由释放的位置不同
（3）图2是某同学在做平抛运动实验时得出小球的运动轨迹，图中a、b、c三点分别表示小球运动过程经过的三个位置，空气阻力不计，则小球做平抛运动的初速度大小为　 　m/s。（结果保留2位有效数字）
【答案】（1）不相等
（2）A
（3）2.0m/s
【知识点】研究平抛物体的运动
【解析】【解答】本题考查了探究平抛运动的特点的实验，要明确实验原理，掌握实验的正确操作和注意事项，根据匀变速直线运动的推论求解时间间隔是解题的关键。
（1）由于水平方向分运动为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的水平位移相等，竖直距离不相等。
（2）实验中需要保证小钢球平抛的初速相同，所以斜槽末端水平，且应从斜槽同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，即斜槽轨道不光滑对实验没有影响，但斜槽末端不水平、小球在释放时有初速度v0、小球每次自由释放的位置不同均对实验有影响。
故选A。
（3）水平方向有
竖直方向有
联立可得
【分析】（1）平抛运动在竖直方向为自由落体运动，根据自由落体运动的特点分析作答；
（2）根据实验的原理、正确操作和注意事项分析作答；
（3）根据匀变速直线运动推论求时间间隔；根据平抛运动的规律求解水平初速度。
（1）由于水平方向分运动为匀速直线运动，竖直方向为自由落体运动，则实验中在轨迹曲线上选取的若干个“相等时间间隔”的点，相邻之间的水平位移相等，竖直距离不相等。
（2）实验中需要保证小钢球平抛的初速相同，所以斜槽末端水平，且应从斜槽同一位置由静止释放，斜槽轨道不需要光滑，即斜槽轨道不光滑对实验没有影响，但斜槽末端不水平、小球在释放时有初速度v0、小球每次自由释放的位置不同均对实验有影响。
故选A。
（3）水平方向有
竖直方向有
联立可得
18．（2025高一上·温州期末）下列关于学生实验的描述正确的是（　　）
A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中细绳套不一定等长
B．“探究弹簧弹力与形变量关系”实验中可得出弹簧弹力与弹簧长度成正比
C．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中不需要补偿小车所受到的阻力
D．“探究小车速度随时间变化的规律”实验中需满足小车质量远远大于槽码质量
【答案】A,C
【知识点】探究弹簧弹力的大小与伸长量的关系；验证力的平行四边形定则；探究小车速度随时间变化的规律
【解析】【解答】A．“探究两个互成角度的力的合成规律”实验中细绳套应适当长一些，但不需要等长，故A正确；
B． “探究弹簧弹力与形变量关系”实验中可得出弹簧弹力与弹簧的形变量成正比，不是与长度成正比，故B错误；
CD． “探究小车速度随时间变化的规律”实验中，不需要补偿小车所受到的阻力，也不需要满足小车质量远远大于槽码质量，故C正确，D错误。
故选AC。
【分析】根据探究力的合成规则和探究胡克定律，小车速度随时间变化关系实验的实验原理和注意事项进行分析解答。
19．（2025高一上·温州期末）如图所示，一辆肇事汽车在紧急刹车后停了下来，路面上留下了一条长度为x=22.5m的车轮滑动的磨痕。根据对车轮和路面材料的分析可以知道，车轮在路面上滑动时汽车做匀减速直线运动的加速度大小a=5m/s2。求：
（1）刹车前汽车的速度v；
（2）紧急刹车所用的时间t；
（3）汽车停止前1s滑行的距离x'。
【答案】（1）解：根据速度位移关系可得
代入数据解得
（2）解：根据速度时间关系可得
所以
（3）解：根据逆向思维法可得
解得
【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用
【解析】【分析】（1）以及加速度和位移，根据速度—位移关系求解速度；
（2）根据速度—时间公式求解紧急刹车所用的时间 ；
（3）匀减速运动过程可以看成初速度为零的匀加速运动的逆过程，采用逆向思维结合时间—位移关系求解。
（1）根据速度位移关系可得
代入数据解得
（2）根据速度时间关系可得
所以
（3）根据逆向思维法可得
解得
20．（2025高一上·温州期末）如图所示，一倾角的粗糙斜面C静置在水平地面上，斜面上有与轻绳连接的物块B，轻绳与斜面平行，并绕过定滑轮与结点连接小球A，右上方用手拉住轻绳OE。轻绳OD水平，与轻绳OE夹角，A、B、C处于静止状态。已知A、B、C质量分别为m、3m、4m，重力加速度大小为，求：
（1）轻绳OD的拉力大小；
（2）斜面C对B的摩擦力；
（3）地面对C的支持力大小。
【答案】（1）解：设轻绳OD拉力为，地面对C的支持力为。根据平衡条件有或
解得
（2）解：因沿斜面方向有
则沿斜面方向有
解得，方向沿斜面向上
（3）解：对B、C整体，根据平衡条件有
解得
【知识点】整体法隔离法
【解析】【分析】（1）对结点O分析受力，根据平衡条件求轻绳OD的拉力大小FT；
（2）对B分析受力，根据平衡条件求斜面C对B的摩擦力Ff；
（3）对B与C整体分析，根据平衡条件求地面对C的支持力大小FN。
（1）设轻绳OD拉力为，地面对C的支持力为
根据平衡条件有或
解得
（2）因沿斜面方向有
则沿斜面方向有
解得
方向沿斜面向上
（3）方法一：对B、C整体，根据平衡条件有
解得
方法二：对C单独，根据平衡条件有
解得
21．（2025高一上·温州期末）如图甲所示，一同学站在靶心的正前方，面朝倾斜靶纸抛球，其简化模型如图乙。靶纸紧贴在倾角θ=45°的倾斜支架CD上，支架CD固定在水平地面AB上，接触点为C点。该同学在O点水平向右抛出小球，O点离地高度H=1.25m，与C点的水平距离L=1.15m。若小球只在图乙所示竖直面内运动，视为质点，不计小球受到的空气阻力和靶纸厚度。
（1）若小球落在水平地面AC上，求小球平抛运动的时间t；
（2）若改变水平抛出小球的初速度大小，使小球恰好垂直靶纸击中靶心，求小球从O点到靶心竖直方向下落距离与水平方向运动距离的比值；
（3）若小球抛出时初速度，分析小球是落在水平地面上还是靶纸上，并求出对应落点的末速度大小v。
【答案】（1）解：根据平抛运动规律有
解得
（2）解：小球恰好垂直靶纸击中靶心时，其速度方向与水平方向成45°，则
，，
则有
所以
（3）解：若小球恰好击中C点，则
小球以水平抛出时会落在地面AC上，则
所以
【知识点】平抛运动
【解析】【分析】（1）根据平抛运动竖直方向上做自由落体运动的时间；
（2）小球恰好垂直靶纸击中靶心，根据平抛运动的规律计算小球从O点到靶心竖直方向下落距离与水平方向运动距离的比值；
（3）小球做平抛运动，根据平抛运动规律计算末速度。
（1）根据平抛运动规律有
解得
（2）小球恰好垂直靶纸击中靶心时，其速度方向与水平方向成45°，则
，，
则有
所以
（3）若小球恰好击中C点，则
小球以水平抛出时会落在地面AC上，则
所以
22．（2025高一上·温州期末）如图所示，倾角直轨道，长为直轨道分别与圆弧轨道相切于点和点，点右侧紧靠着质量的小车，小车足够长，其上表面与直轨道齐平。将质量的物块从直轨道上距离点高度处静止释放，已知物块运动到点速度大小与点速度大小满足，物块与直轨道、和小车上表面之间的动摩擦因数均为，小车与地面之间的摩擦不计（物块视为质点，不计空气阻力），已知，，求：
（1）物块在直轨道上运动的加速度大小；
（2）物块在直轨道上的运动时间；
（3）物块经过点的速度大小；
（4）小车最终速度大小。
【答案】（1）解：物块在直轨道上运动时，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）解：物块在下滑距离为
根据运动学公式可得
解得
（3）解：物块在点速度大小为
则物块在点速度大小为
物块直轨道上加速度大小为
根据运动学公式可得
解得
（4）解：物块在小车滑行时的加速度大小为
小车的加速度大小
设经过时间，物块与小车共速，则有
解得
共速后物块与小车一起匀速运动，则小车最终速度大小为
【知识点】牛顿运动定律的应用—板块模型；牛顿运动定律的综合应用
【解析】【分析】（1）物块在直轨道AB上运动时，根据牛顿第二定律可得加速度；
（2）根据匀变速直线运动位移—时间关系求解物块在AB下滑的时间；
（3）根据匀变速直线运动速度—时间关系求出B点的速度，从而求出C点的速度，根据牛顿第二定律求物块直轨道CD上加速度大小，根据运动学公式可得D点的速度；
（4）根据牛顿第二定律求物块在小车滑行时的加速度大小、小车加速度大小，根据运动学公式可得小车最终速度大小。
（1）物块在直轨道上运动时，根据牛顿第二定律可得
解得
（2）物块在下滑距离为
根据运动学公式可得
解得
（3）物块在点速度大小为
则物块在点速度大小为
物块直轨道上加速度大小为
根据运动学公式可得
解得
（4）物块在小车滑行时的加速度大小为
小车的加速度大小
设经过时间，物块与小车共速，则有
解得
共速后物块与小车一起匀速运动，则小车最终速度大小为
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