资源简介

宁远一中祟德学校高二年级12月月考.
物理
注燕事项：
1.答卷前，考生务必将自己的姓名和座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡
皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。每小题只有一个选项符合题目要求。
1.一个弹簧振子在M、N之间做简谐运动。O为平衡位置，P、Q是振动过程中关于对称的两个位
置，下列说法正确的是（)
A.振子在从M点向N点运动过程中，动能先减小后增大
B.振子在OP间与OQ间的运动时间相等
C.振子运动到P、Q两点时，位移相同
D.振子在从M点向N点运动过程中，加速度先增大后减小
2.如图所示，凹槽Q静置于光滑水平面上，其上表面为半径为R的半圆柱面。现将一个小球P从
凹槽的右侧最顶端由静止释放，一切摩擦均不计。则以下说法正确的是()
A.Q和P组成的系统机械能守恒
B.Q和P组成的系统动量守恒
C.当Q的动能最大时，P的动能最小
D.当P释放后第一次速度为零时，其位移大于2R
3.在A、B两点放置电荷量分别为+4和-g2的点电荷，其形成的电场线分布如图所示，C为A、B
连线的中点，D是AB连线的中垂线上的另一点。则下列说法正确的是()
A.<92
B.C点的场强小于D点的场强
C.C点的电势等于D点的电势
D.若将另-一负电荷从C点移到D点，电荷电势能增大
4,电源、开关、小灯泡、电压表等连接成如图所示的电路，小灯泡上标有“0.6A1.5W字样，电源的
电动势为3V,电压表为理想表，导线电阻不计。闭合开关，小灯泡恰好正常发光。
小灯泡正常发光时，一分钟内通过灯泡的电荷量为（)
A.0.6C
B.36C
C.3.6C
D.360C
⑧
5.图所示，某同学在篮球比赛中直入篮筐投中一个三分球，其运动轨迹如图所示。已知出手点的高
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度为h,篮筐的高度为H,篮球出手时的速度为v,与水平方向的夹角为，不计一切阻力，则()
A.篮球在最高点时的速度为0
B.篮球运动到最高点所需的时间为
C.篮球能达到的最大高度为+适
2g.
D.篮球在空中的运动时间为0时22g28。
6.竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷，用指向墙面的水平推力F作用于
小球B,两球分别静止在竖直墙面和水平地面上，如图所示。若将小球B向左推动少许，当两球重新
达到平衡时，与原来的平衡状态相比较()
A,推力F变大
B.竖直墙面对小球A的弹力变小
C.地面对小球B的支持力变大
D.两个小球之间的距离不变
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选
对得5分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
7.如图所示，一水平放置的金属板正上方有一固定的正点电荷Q,一表面绝缘的带正电小球（可视
为质点且不影响Q的电场)从左端以o滑上金属板上，沿光滑的金属板上表面向右运动到最右端，
在此过程中（)
A小球做匀速直线运动
B.小球做先减速后加速的运动
C.电场力对小球做功为零
D.电场力对小球始终做正功
8.如图甲所示，为一列沿x轴方向传播的简谐横波在t=0.s时刻的波形图。图乙表示该波传播的
介质中x=2m处的质点a从t=0时起的振动图像。下列说法正确的是（
A.波传播的速度为20m/s
B.波沿x轴正方向传播
2
C.t=025s时，质点a的位移沿y轴正方向
02
甲
D.t=025s时，x=4m处的质点b的加速度沿y轴负方向
9.如图所示，空间中有水平向右的匀强电场，场强大小为E,一质量为m的带电小球（可视为质点），
从O点竖直向上抛出，动能为Ek0,经过一段时间小球回到与O点相同高度处时动能为5Ek0,己知重
力加速度为g,不计空气阻力，下列说法正确的是（)
A.该过程中小球机械能一直增大
B.小球的电荷量g-2爬
E
C.小球的最小动能为受
D.小球运动到最高点的动能为2瓦。
2
扫描全能王创建试卷答案
1.《答案】B
2.〖答案】A
3.【答案】D
4.【答案】B
5.I答案】D
6。〖答案】B
7。L答案】AC
8.I答案】AD
9.I答案】AC
10.【答案】BD
11.【答案】(1)C,(2)B:3)AC
12.【答案】①.>②.C③.m1=m1+m④.m1=m1+m
13.【解析】
解：(1)A球平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，根据H32可得，
2E=
2×455=35
g10
(2)平抛运动的水平位移s4vt=1×31m=3m
(3)根据牛顿第二定律得，B的加速度大小为：2g=05x10mg25m/3
B减速到零所需时间为t=y=0.2s_2=12m=0.1m
故A落地时B运动的位移为：2a2
△g=8A-B=（3-0.1)1m=2.9m
14。解：(1)设A球质量mA球下滑的过程，由动能定理：mgm1弓
代入数据可解得：v=4m/s
(2)设B球的质量为m2,A球进入水平轨道之后与弹簧正碰并压缩弹簧，当A、B相距最近
时，两球速度相等，弹簧的弹性势能最大，设此时A、B的速度为V,
以向右方向为正，由动量守恒得：mvo=(m+hm2)V
由能量守恒可得弹簧的弹性势能：E,m1m1+m2子
1
联立方程，代入数据可解得：E=6J
(3)当弹簧恢复原长时，设A、B的速度分别为VA、VB,之后A、B分离，这也就是它们的
最终速度，
以向右方向为正，由动量守恒可得：m1 Vo-mIVA+m2VB
再根据能量守恒可得：m1m1+号m2分
212,12
联立两式，代入数据可解得：vA=2m/s,vB=6ms
15.夏解析】(1)滑块P在下滑到底端的过程中，由牛顿第二定律得
mpgs1n37°-44mpgc0s37°=1mpa
代入数据可得
a,=4m/s2
(2)滑块P下滑到底端时，有
v=ad =8m/s
滑块P、Q发生弹性正碰，碰撞过程中动量守恒，能量守恒，有
1
1
1
m4+0=mg+me,m=宁m,喝+m0喝
代入数据可得
v,4m/s,vo=12m/s
滑块P与Q碰后，Q经t=1s滑上木板，则可知碰撞点离木板右端距离为
x=Vot 12m
而P物体到达木板右端位置的时间为
△：=X=38
V
此时Q物体刚好滑离木板，对Q物体受力分析，由牛顿第二定律
tmgg =mgag
可得
ag=2.5m/s2
对木板有
tmpg =t(mp+M)g =2.51T
即木板静止不动，则Q在静止的木板上做匀减速直线运动，故长木板的长度
L=vd-d0f=19m
(3)Q与木板间产生的热量

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