资源简介

广东省深圳市龙岗区宏扬学校2025-2026学年九年级上学期11月期中物理试题
1．（2025九上·龙岗期中）下列关于温度、内能、热量说法正确的是（ ）
A．甲物体传递热量给乙物体，说明甲物体内能大
B．物体温度越低，含有热量越少
C．做功和热传递都可以改变物体的内能
D．两物体温度相同，内能一定相同
2．（2025九上·龙岗期中）如图所示是四冲程内燃机的工作示意图，下列说法正确的是（　　）
A．靠飞轮惯性完成的冲程是甲、丙、丁
B．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、乙、甲
C．乙图冲程的能量转换：机械能转换为内能
D．飞轮转速3000r/min，则该汽油机ls能做功50次
3．（2025九上·龙岗期中）下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电是由于电子的转移使物体带上了正负电荷
B．钻木取火是通过热传递的方式改变内能
C．关于公式，可知导体的电阻与它两端的电压成正比，和通过它的电流成反比
D．教室里的电灯点亮越多，电路总电阻就越大，电源总电压保持不变
4．（2025九上·龙岗期中）将灯泡L1和L2接入如图所示电路，闭合开关。下列说法不正确的是（　　）
A．用一根导线直接接在B、C两个接线柱上，灯泡L2不发光
B．通过灯泡L1的电流方向是由A向B
C．灯泡 L1先亮，灯泡L2后亮
D．不可以用导线直接连接A、C两个接线柱，会烧毁电源
5．（2025九上·龙岗期中）我国古代科技著作《 天工开物》中 ，对釜的铸造有“铁化如水 ， 以泥固纯铁柄杓从嘴受注”这样的记载 ，下列说法正确的是（　　）
A．“ 铁化如水”是通过做功改变铁的内能
B．铸好的釜很难被压缩 ，是因为分子间存在斥力
C．用铁铸造的釜加热升温快是因为比热容大
D．炽热的铁水具有内能 ，冰冷的铁块没有内能
6．（2025九上·龙岗期中）如图甲为可调亮度台灯，图乙为其用于调亮度的电位器结构图．a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形电阻丝的两端相连，b与金属滑片相连。转动旋钮，滑片在弧形电阻丝上滑动即可调节灯泡亮度。下列分析正确的是 （　　）
A．若只将a、c接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变亮
B．若只将b、c接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变暗
C．电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的
D．若只将a、b接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡亮度不变
7．（2025九上·龙岗期中）某校实验小组设计了一种自动记录跳绳次数的装置，其简化电路如图甲所示。AB间接信号记录仪，R0是定值电阻，R'是一种光敏元件，当R'接收不到红外线时，两端的电压也会变大，此时信号记录仪计数一次，已知电源电压为3V，AB间的电压随时间变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．该装置可由电流表改装而成
B．R'接收不到红外线时，R'两端的电压大小为1V
C．AB两端电压为1V时，信号记录仪计数一次
D．绳子遮挡红外线时电路中的电流大小为未遮挡时的2倍
8．（2025九上·龙岗期中）依据如图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，将图乙所示的电路连接完整。
9．（2025九上·龙岗期中）如图为某兴趣小组设计的电子秤简易电路图，Rx是压敏电阻，阻值随所受压力的增大而减小，R0是定值电阻。测量时，电压表V的示数随所称量物体对压敏电阻压力的增大而增大，请根据以上信息，在虚线框内将电路图补充完整。
10．（2025九上·龙岗期中）用心观察生活，你会感受到物理知识的无穷魅力！新雨初降，我们能够闻到空气中雨水混杂着泥土的芬芳，这是　 　现象；剪纸艺术是最古老的中国民间艺术之一，将纸剪成各种图案，用糨糊能将其贴在窗户、墙壁、门上，是利用分子间存在　 　；寒冬，我们常常搓手取暖，这是通过　 　的方式增大内能。
11．（2025九上·龙岗期中）酸甜多汁的水果不仅可以为我们身体提供能量，还可以发电！如图所示，小明将铜、锌金属片插入柠檬中，并用导线将柠檬、开关、发光二极管连接起来，闭合开关后，发光二极管发光。
（1）插入金属片后的柠檬相当于电路中的　 　；
（2）由图可知　 　是柠檬电池的正极；用水果电池给电路供电时，是将　 　能转化为电能；
（3）柠檬内部电子的移动方向为　 　（选填“从锌到铜”或“从铜到锌”）。
12．（2025九上·龙岗期中）有一种亮度可调的台灯，其电路图如题图甲所示，电源电压恒为12V，灯泡L的额定电压为12V，通过灯泡L的电流跟两端电压的关系如图乙所示，当滑片P向左移动，灯　 　（选填“变暗”或“变亮”），当滑片P在a端时，电路中的电流为　 　A，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为　 　。
13．（2025九上·龙岗期中）在热学实验中，
（1）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和　 　相同的水和煤油，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内　 　；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图乙可判断出a物质是　 　（选填“水”或“煤油”），b物质吸热能力较　 　（选填“强”或“弱”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明用两个相同规格的烧杯装相等质量的水、取质量　 　（选填“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中，分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃尽，通过比较　 　（选填“加热时间”或“水升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小；
（3）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度Δt为横坐标，分别画出50g和100g水的Q﹣Δt图像，它们都是过原点的直线，即Q＝kΔt，进一步分析发现，这两条直线的k值之比与对应水的　 　之比相等（选填“密度”、“质量”或“体积”）。
14．（2025九上·龙岗期中）小明要利用图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值。
（1）请你根据电路图用笔画线代替导线，将图乙的实验电路连接完整　 　。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是　 　。
（4）排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据，画出了待测电阻Rx的I-U图像，如图丙所示。由图像可得Rx=　 　Ω。
（5）小华将乙图中的电阻Rx换成一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡，用上述方法测量这个小灯泡的电阻，连接好电路并闭合开关后，电压表示数如图丁所示，若要使小灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应适当向　 　（选填“A”或“B”）端移动。实验中根据测量数据绘制出了小灯泡的I-U图像如图戊所示，图像不是一条直线是因为灯丝的电阻与　 　有关。
15．（2025九上·龙岗期中）用煤气炉将的水从加热到，消耗煤气。已知煤气的热值为，水的比热容为。求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气完全燃烧放出的热量；
（3）煤气炉加热的效率。
16．（2025九上·龙岗期中）飞船在发射前，科技人员设计了如图甲所示的模拟检测电路来检验飞船舱体的气密性。电源电压不变，定值电阻，为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将置于舱体中，舱体置于真空室中。舱体不漏气时，舱体内气压为，此时电压表示数为20V。舱体不漏气时，求：
（1）通过的电流；
（2）电源电压；
（3）当舱内的气压值为时，电压表的示数。
17．（2025九上·龙岗期中）跨学科实践
制作简易汽轮机模型
热机对人类文明发展起着重要的推动作用。同学们成立了制作简易汽轮机模型的项目团队，制定了“项目提出——项目分析——项目实施——展示交流”的学习流程，研究了热机原理，收集材料组装了如图所示的汽轮机模型。
实验时向易拉罐内部注入大约半罐水，将去掉笔芯和尾塞的中性笔的尾端插入易拉罐内，用胶将罐的开口处密封。将易拉罐放置在支架上，笔的尖端对准小风扇的扇叶。点燃易拉罐下面的酒精灯，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来。
（1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能　 　　 　；
（2）某团队的同学们在测试过程中，发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能　 　；（答出一条即可）
（3）热机发展史也是一部热机效率提高史，在展示交流环节，对如何提高简易汽轮机效率，同学们进行了激烈讨论。请你依照“结构决定功能”的观念，从结构的角度思考，帮助他们提出一个可行性措施：　 　。
18．（2025九上·龙岗期中）（1）如图1所示为夏季的市场上出售的一种冰垫，它的外包装上写着“主要成分为优质晶体”，当人坐在这种冰垫上时，里面的晶体会熔化　 　（选填“吸热”或“放热”），放在冰箱中会再　 　成晶体（填物态变化）；
（2）如图2甲为我国运载火箭将“神舟十二号”载人飞船发射的场景，火箭的燃料使用了液态氢，因为它的　 　大，如图2乙是刘星在“十一”假期探究“海水和海滩的温度随时间变化的规律”时画的一张示意图。产生这一现象的原因是水的　 　比沙石的大；
（3）某粒子从带正电的原子核旁边高速穿越，其运行路线如图3②，如图3所示，据此现象，可以猜想该粒子带负电，你猜想的依据是：　 　。根据另一粒子运行路线①可以断定此粒子带　 　电；
（4）在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，小楠设计了如图4所示的电路。a、b两点间接入不同导体，通过观察　 　判断导体电阻的大小。若有两个导体A、B的电阻差别不大，可在电路中串联　 　进一步判断两者的大小关系。
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲物体传递热量给乙物体，说明甲物体温度高，不能确定内能大，故A错误；
B．热量是过程量，不能用含有来描述，应该用吸收和放出来描述，故B错误；
C．做功和热传递都可以改变物体的内能，故C正确；
D．物体的内能不仅与温度有关，还与质量、状态有关，两物体温度相同，质量和状态未知，内能不一定相同，故D错误。
故选C。
【分析】（1）发生热传递的条件是有温度差；
（2）热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量；
（3）改变内能的方式做功和热传递；
（4）物体内能的大小与质量、温度、状态等有关。
2．【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】解：AB、甲图中排气门开启，进气门关闭，气体流出汽缸，是排气冲程；
乙图中两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；
丙图中两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；
丁图中进气门开启，排气门关闭，气体流入汽缸，是吸气冲程；
所以正确的排序是丁、乙、丙、甲；
内燃机的一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机器获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮惯性完成，即依靠飞轮惯性完成冲程的是甲、乙、丁，故AB错误；
C、乙图是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能，故C正确；
D、四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）内燃机的四个冲程在一个工作循环中工作过程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；
一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机车获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮惯性完成；
（2）内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能；
（3）内燃机的工作过程：在一个工作循环中有四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴和飞轮转动2周，做功一次。
3．【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；电阻；电阻的并联
【解析】【解答】A．摩擦起电的本质是两个不同物质相互摩擦时，电子从对其束缚能力弱的物体转移到对其束缚强的物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，故A正确；
B．钻木取火是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；
C．电阻是导体本身的特性，与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与电压和电流无关，故C错误；
D．教室里的电灯通常是并联的，并联电路的特点是支路越多，总电流越大，根据可知，电路的总电阻越小，所以电灯点亮越多，支路越多总电阻越小，故D错误。
故选 A。
【分析】（1）摩擦起电的本质是电子的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
（2）钻木取火是通过克服摩擦做功的方式，将机械能转化为内能；
（3）电阻的大小由其材料、长度、横截面积、温度决定；
（4）教室里的电灯通常是并联的，并联电路的特点是支路越多，总电阻越小。
4．【答案】C
【知识点】电流的方向；电路的三种状态
【解析】【解答】A．用一根导线直接接在B、C两个接线柱上，L2被短路不发光，故A正确，不符合题意；
B．在电源外部，电流从正极流出，通过灯泡L1的电流方向是由A向B，故B正确，不符合题意；
C．当开关闭合后，L1和L2同时亮，故C错误，符合题意；
D．用导线直接连接A、C两个接线柱，灯泡均被短路，相当于导线直接连接在电源两侧，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作。
5．【答案】B
【知识点】内能的概念；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．铁化如水，是熔化现象，吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变内能，故A错误；
B．分子之间存在引力和斥力，铸好的釜很难被压缩 ，是分子间存在斥力，故B正确；
C．铁的比热容小，质量相同时，吸收相同的热量，升高的温度高，则用铁铸造的釜加热升温快，故C错误；
D．一切物体都有内能，炽热的铁水、冰冷的铁块有内能，故D错误。
故选B。
【分析】物体吸收热量，内能增大，温度不同，通过热传递改变内能；物体的比热容较小，吸收热量后，温度变化快；一切物体都具有内能。
6．【答案】C
【知识点】变阻器及其应用
【解析】【解答】A．若只将a、c接入电路，电阻丝全部接入电路，此时相当于定值电阻，顺时针转动旋钮时，不能改变电路的电流，灯泡的亮度不变，故A错误；
B．若只将b、c接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，故B错误；
C．转动旋钮滑片，接入电路中的电阻丝的长度发生变化，从而改变了接入电路中的电阻大小，根据欧姆定律可知，电路中的电流发生变化，从而改变灯泡的亮度，故C正确；
D．若只将a、b接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，灯泡变暗，故D错误。
故选C。
【分析】 电位器的实质是滑动变阻器，串联在电路中能改变电路中电流的大小；若将图乙中a、c接入则接入了全部电阻片，不能改变电阻大小，接线时a、c只能选择其一接入电路，结合图示可做出分析。
7．【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABC、由题可知，闭合开关时，该电路为两电阻串联，当绳子遮挡红外线时，R'接收不到红外线，R'两端的电压也会变大，由于串联电路总电压等于各串联用电器电压之和，此时定值电阻R0的电压变小，由乙图可知，此时R0的电压为1V，
此时信号记录仪计数一次；所以该装置可由电压表改装而成，故AB错误，C正确；
D．R'接收到红外线时，AB间的电压最大，AB间的最大电压为
根据欧姆定律可得通过电路的电流之比为
即绳子遮挡红外线时电路中的电流大小为未遮挡时的，故D错误。
故选C。
【分析】（1）分析题意可知，闭合开关，电路为两电阻串联，AB间的电压即定值电阻两端的电压，由跳绳时电阻的变化结合图乙，由图乙可知AB间的最小电压，AB两端电压最小时，信号记录仪计数一次，所以该装置可由电压表改装而成；根据串联电路电压规律计算此时光敏电阻两端的电压；
（2）R'接收到红外线时，AB间的电压最大，由图乙可知AB间的最大电压，根据欧姆定律计算绳子遮挡红外线时电路中的电流大小与未遮挡时通过电路的电流之比。
8．【答案】
【知识点】实物的电路连接；串、并联电路的设计
【解析】【解答】由图甲可知，灯泡L与电动机M并联，S1控制灯泡L，S2在干路控制整个电路，S3控制电动机M，实物电路如图所示：
【分析】分析图甲所示电路图，明确各电路元件的连接方式、开关的位置，然后根据各电路元件的连接方式连接实物电路图。
9．【答案】
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联，要组成电路需要与电源、开关串联，当所称量物体对压敏电阻的压力增大时，压敏电阻Rx的阻值减小，电路的总电阻减小，由可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rx两端的电压减小，由电压表 的示数随所称量物体对压敏电阻的压力增大而增大可知，电压表应并联在R0两端，如下图所示：
【分析】由图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联，要组成电路需要与电源、开关串联，压敏电阻Rx的阻值随所受压力的增大而减小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知Rx两端的电压变化，然后根据题意确定电压表并联的位置。
10．【答案】扩散；引力；做功
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 新雨初降，我们能够闻到空气中雨水混杂着泥土的芬芳，这是扩散现象；
用糨糊能将其贴在窗户、墙壁、门上，是利用分子间存在引力；
寒冬，我们常常搓手取暖，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式增大内能。
故答案为：扩散；引力；做功。
【分析】（1）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）改变内能的方式包括做功和热传递。
11．【答案】电源；铜片；化学；从铜到锌
【知识点】电流的方向；电源及其能量转化
【解析】【解答】（1）[1]电源是提供电能的装置，二极管发光说明电路中有电流，则水果相当于电源。
（2）[2]发光二极管有单向导电性，电流从二极管的正极流入，铜片与之相连，说明铜片为柠檬电池的正极。
[3]水果电池给电路供电时，提供电能，消耗自身的化学能，是将化学能转化为电能。
（3）[4]柠檬内部电流方向为从锌到铜，电子移动方向与电流方向相反，所以电子移动方向为从铜到锌。
【分析】(1)水果电池相当于电源。
(2)电池放电将化学能转化为电能。
(3)金属导体中电子实际移动方向与电流方向相反。
12．【答案】变亮；0.4；30
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】如图甲，滑动变阻器与灯泡串联，当将滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则电路总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，故灯泡会变亮；
当滑片P在a端时，电路为灯泡L的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压12V，灯处于正常工作状态，由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，灯丝的电阻为：
故答案为：变亮；0.4；30。
【分析】 闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联。当滑片P向左移动，电阻减小，根据欧姆定律分析电流变化，灯泡正常工作时的电压UL=12V，由图可知通过灯泡的电流，由欧姆定律可知，灯泡的电阻。
13．【答案】（1）质量；吸收相等的热量；水；弱
（2）相等；水升高的温度
（3）质量
【知识点】燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）比较不同物质吸热能力的原理为Q=cmΔt可知，变量为C，所以要控制不同物质的初温和质量相同。实验中选用相同酒精灯加热可使水和煤油在相同时间内吸收相等的热量，a、b加热相同时间后，a升高的温度低，所以a物质是水，b物质是煤油。
综上 第1空、 质量； 第2空、吸收相等的热量； 第3空、 水；第4空、弱。
（2）比较不同物质的热值，原理为Q=mq，变量为q，所以应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑。燃料燃烧放出的热量使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
综上 第1空、 相等；第2空、 水升高的温度。
（3）根据热量计算公式可知，k＝cm，则有k1＝cm1，k2＝cm2，因为，即这两条直线的k值与对应水的质量之比相等。
综上 第1空、质量。
【分析】1、探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
2、比较不同物质的热值，原理为Q=mq，在控制材料不同的前提下，保证质量相同，以温度计的示数表示是释放热量的多少，由于能量损耗，所以测量的热值偏小。
（1）[1]由比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的初温和质量相同，故在两烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的煤油和水。
[2]根据转换法，实验中选用相同酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相等的热量。
[3][4]由图乙可知，a、b两物质加热相同时间后（吸热相同），a升高的温度低，则a物质的吸热本领强，b物质的吸热本领弱，所以a物质是水，b物质是煤油。
（2）[1]实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内。
[2]因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
（3）根据可知，中的k＝cm，则有k1＝cm1，k2＝cm2，因为
14．【答案】（1）
（2）断开；B
（3）电阻Rx断路
（4）5
（5）A；温度
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 根据图丙可知，电流表选用小量程与待测电阻串联，电压表与待测电阻并联，如下所示：
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前滑片应位于阻值最大处，即B端。
（3）电流表无示数，说明电路断路，移动滑动变阻器的滑片电压表示数始终接近电源电压，说明电压表串联在电路中，电路故障为与电压表并联的部分断路，故造成这一现象的原因可能是定值电阻Rx断路。
（4）由图丙的U-I图像可知，待测电阻Rx的阻值为：
（5）如图丁，电压表选择的是0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为1V，小灯泡额定电压为2.5V，要使小灯泡正常发光，小灯泡两端电压要增大到2.5V，则滑动变阻器两端的电压要减小，由串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路的阻值要减小，即滑片应向A端移动。
小灯泡的I-U图像不是一条直线，说明电阻是变化的，是因为灯丝的电阻与温度有关。
故答案为：（1）；（2）断开；B；（3）电阻Rx断路；（4）5；（5）A；温度。
【分析】（1）根据图丙可知，电流表选用小量程与待测电阻串联，电压表与待测电阻并联，据此连接实物；
（2）连接电路时，开关应断开；闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，电路可能断路，电压表示数始终接近电源电压，可知电压表与电源连通，据此分析；
（4）根据待测电阻Rx的I-U图象知当电压为2.0V时对应的电流大小，由欧姆定率得出待测电阻大小；
（5）根据电压表选用小量程确定分度值得出电压大小，灯在额定电压下正常发光，由串联电路电压的规律和分压原理分析；灯丝的电阻与温度有关。
（1）由下图数据可知，电路中电流最大为0.6A，故电流表选择小量程。电压表并联在未知电阻两端，如图所示：
（2）[1]为防止连接时出现短路，损坏电路元件，连接电路时，开关应处于断开状态。
[2]滑动变阻器的作用是保护电路，闭合开关前滑片应位于阻值最大处，即B端。
（3）[1]电流表无示数，说明电路断路，移动滑动变阻器的滑片电压表示数始终接近电源电压，说明电压表串联在电路中，与电压表并联的部分断路，所以定值电阻Rx断路。
（4）根据图像数据，待测电阻Rx的阻值为
（5）[1]如图丁，电压表示数为1V，小灯泡额定电压为2.5V，要使小灯泡正常发光，小灯泡两端电压要增大到2.5V，滑动变阻器两端的电压要减小，对应滑动变阻器接入电路的阻值要减小，滑片应向A端移动。
[2]小灯泡的I-U图像不是一条直线是因为小灯泡电阻会受温度影响，灯丝电阻发生改变，不是一个定值。
15．【答案】（1）解：水吸收的热量
（2）解：煤气完全燃烧放出的热量
（3）解：煤气炉加热的效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】（1）已知水的比热容、质量和初温度、末温度，利用Q吸=c水m水（t-t0）可以得到吸收的热量；
（2）已知煤气的热值和质量，根据Q放=mq煤气得到煤气完全燃烧放出的热量；
（3）水吸收的热量与煤气完全燃烧放出的热量之比就是煤气灶的效率。
（1）水吸收的热量
（2）煤气完全燃烧放出的热量
（3）煤气炉加热的效率
16．【答案】（1）解：由欧姆定律得，通过的电流
（2）解：舱体不漏气时，舱体内气压为，由图乙可知，，因为与串联，所以
电源电压为：
（3）解：当舱内的气压值为时，
电压表的示数

【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）根据，计算电流大小；
（2）根据U=IR，计算电压大小，结合串联电路电压规律，计算总电压；
（3）根据串联电路电阻规律，计算总电阻，利用，计算电流，根据U=IR，计算电压表示数。
（1）由欧姆定律得，通过的电流
（2）舱体不漏气时，舱体内气压为，由图乙可知，，因为与串联，所以
电源电压为
（3）当舱内的气压值为时，
电压表的示数
17．【答案】（1）内能；机械能
（2）注入的水过少，产生的蒸汽量不足
（3）增加易拉罐的保温性能。
【知识点】热机；热机的效率；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）酒精燃烧时，将酒精的化学能转化为内能，通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
（2） 发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能：
①水的质量太少，产生的水蒸气量不足，无法提供足够的动力，即注入的水过少，产生的蒸汽量不足。
②装置的密封性不好，导致水蒸气泄漏，无法有效推动扇叶，比如易拉罐开口处密封不好，蒸汽泄漏。
③酒精灯提供的热量不足，水无法产生足够多的高温高压水蒸气，例如酒精灯火焰太小，水吸收的热量少，产生蒸汽的能量不够。
（3）增加易拉罐的保温性能：比如用保温杯套等材料包裹易拉罐，减少热量散失，使水能够吸收更多的热量转化为水蒸气的内能，从而提高效率。因为减少热量损失，能让更多的化学能最终转化为机械能。
故答案为：（1）内能；机械能 （2）注入的水过少，产生的蒸汽量不足； （3）增加易拉罐的保温性能。
【分析】（1）汽轮机工作时将内能转化为电能；
（2）根据汽轮机的结构和工作原理分析；
（3）从结构的角度思考，即通过优化汽轮机的结构来提高汽轮机的效率，据此分析。
（1）[1][2][3]酒精燃烧，是将酒精内部的化学能转化为内能释放出来，然后将内能通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
（2）在测试过程中，发现扇叶不转动，可能水蒸气的内能太小，笔尖喷出的蒸汽太少。
（3）在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮机效率。
18．【答案】吸热；凝固；热值；比热容；异种电荷相互吸引；正；小灯泡亮度；电流表
【知识点】凝固与凝固放热特点；比热容的定义及其计算公式；电荷间的相互作用规律；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）人坐在这种冰垫上时，里面的晶体会熔化吸热；放在冰箱中会再凝固成晶体；
（2）运载火箭中， 火箭的燃料使用了液态氢，因为它的热值比较大；由图可知海滩上温度高，由于水的比热容比砂石大，因此砂石白天升温和傍晚降温都比水快，因此，白天海滩温度比较高，傍晚海水温度比较高。
（3）某粒子从带正电的原子核旁边高速穿越，其运行路线如图②，据此现象，可以猜想该粒子带负电，猜想的依据是异种电荷相互吸引；由同种电荷相互排斥可知， 根据另一粒子运行路线①可以断定此粒子带正电；
（4）将不同的导体分别接到a，b之间，闭合开关，通过观察小灯泡亮度来判断不同导体电阻的大小；若两个导体的电阻差异不大，灯泡亮度变化微弱，不易判断导体的电阻大小，可以在电路中串联电流表，根据电流表示数大小来判断电阻的大小，电流表示数越大，则电阻越小。
故答案为：（1）吸热；凝固；（2）热值；比热容；（3）异种电荷相互吸引；正；（4）小灯泡亮度；电流表。
【分析】（1）物质由固态变为液态的过程称为熔化，该过程是吸热的；物质由液态变为固态的过程称为凝固，该过程是放热的；
（2）液态氢的热值较大，完全燃烧相同质量的液态氢和其他燃料，液态氢放出的热量更多；水的比热容大，在吸收和放出相同热量，温度变化小；
（3）同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引；
（4）电阻表示导体对电流的阻碍作用，电压一定时，电阻越大则电流越小；转换法是物理实验常用的方法之一；电阻大小可通过灯泡的亮度或电流表示数大小来体现。
1 / 1广东省深圳市龙岗区宏扬学校2025-2026学年九年级上学期11月期中物理试题
1．（2025九上·龙岗期中）下列关于温度、内能、热量说法正确的是（ ）
A．甲物体传递热量给乙物体，说明甲物体内能大
B．物体温度越低，含有热量越少
C．做功和热传递都可以改变物体的内能
D．两物体温度相同，内能一定相同
【答案】C
【知识点】热量的概念；温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递的概念与方式
【解析】【解答】A．甲物体传递热量给乙物体，说明甲物体温度高，不能确定内能大，故A错误；
B．热量是过程量，不能用含有来描述，应该用吸收和放出来描述，故B错误；
C．做功和热传递都可以改变物体的内能，故C正确；
D．物体的内能不仅与温度有关，还与质量、状态有关，两物体温度相同，质量和状态未知，内能不一定相同，故D错误。
故选C。
【分析】（1）发生热传递的条件是有温度差；
（2）热量是一个过程量，不是一个状态量，热量描述了物体发生热传递时，传递能量的多少，不能说物体含有或具有多少热量；
（3）改变内能的方式做功和热传递；
（4）物体内能的大小与质量、温度、状态等有关。
2．（2025九上·龙岗期中）如图所示是四冲程内燃机的工作示意图，下列说法正确的是（　　）
A．靠飞轮惯性完成的冲程是甲、丙、丁
B．在一个工作循环中工作过程依次是丁、丙、乙、甲
C．乙图冲程的能量转换：机械能转换为内能
D．飞轮转速3000r/min，则该汽油机ls能做功50次
【答案】C
【知识点】热机；热机的四个冲程
【解析】【解答】解：AB、甲图中排气门开启，进气门关闭，气体流出汽缸，是排气冲程；
乙图中两气门都关闭，活塞上行，汽缸容积变小，是压缩冲程；
丙图中两气门都关闭，火花塞点火，活塞下行，汽缸容积变大，是做功冲程；
丁图中进气门开启，排气门关闭，气体流入汽缸，是吸气冲程；
所以正确的排序是丁、乙、丙、甲；
内燃机的一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机器获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮惯性完成，即依靠飞轮惯性完成冲程的是甲、乙、丁，故AB错误；
C、乙图是压缩冲程，压缩冲程中机械能转化为内能，故C正确；
D、四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮1s转50圈，因为一个工作循环飞轮转2圈，完成四个工作冲程，做功1次，所以1s飞轮转50圈，共25个工作循环，共100个冲程，共做功25次，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）内燃机的四个冲程在一个工作循环中工作过程依次是吸气、压缩、做功和排气冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运动方向判断是哪一个冲程；
一个工作循环有四个冲程，只有在做功冲程中使机车获得动力，内能转化为机械能，其它三个冲程均为辅助冲程，依靠飞轮惯性完成；
（2）内燃机工作过程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能；
（3）内燃机的工作过程：在一个工作循环中有四个冲程，活塞往复运动两次，曲轴和飞轮转动2周，做功一次。
3．（2025九上·龙岗期中）下列说法中正确的是（　　）
A．摩擦起电是由于电子的转移使物体带上了正负电荷
B．钻木取火是通过热传递的方式改变内能
C．关于公式，可知导体的电阻与它两端的电压成正比，和通过它的电流成反比
D．教室里的电灯点亮越多，电路总电阻就越大，电源总电压保持不变
【答案】A
【知识点】做功改变物体内能；两种电荷；电阻；电阻的并联
【解析】【解答】A．摩擦起电的本质是两个不同物质相互摩擦时，电子从对其束缚能力弱的物体转移到对其束缚强的物体，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电，故A正确；
B．钻木取火是通过做功的方式改变物体的内能，故B错误；
C．电阻是导体本身的特性，与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与电压和电流无关，故C错误；
D．教室里的电灯通常是并联的，并联电路的特点是支路越多，总电流越大，根据可知，电路的总电阻越小，所以电灯点亮越多，支路越多总电阻越小，故D错误。
故选 A。
【分析】（1）摩擦起电的本质是电子的转移，失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电；
（2）钻木取火是通过克服摩擦做功的方式，将机械能转化为内能；
（3）电阻的大小由其材料、长度、横截面积、温度决定；
（4）教室里的电灯通常是并联的，并联电路的特点是支路越多，总电阻越小。
4．（2025九上·龙岗期中）将灯泡L1和L2接入如图所示电路，闭合开关。下列说法不正确的是（　　）
A．用一根导线直接接在B、C两个接线柱上，灯泡L2不发光
B．通过灯泡L1的电流方向是由A向B
C．灯泡 L1先亮，灯泡L2后亮
D．不可以用导线直接连接A、C两个接线柱，会烧毁电源
【答案】C
【知识点】电流的方向；电路的三种状态
【解析】【解答】A．用一根导线直接接在B、C两个接线柱上，L2被短路不发光，故A正确，不符合题意；
B．在电源外部，电流从正极流出，通过灯泡L1的电流方向是由A向B，故B正确，不符合题意；
C．当开关闭合后，L1和L2同时亮，故C错误，符合题意；
D．用导线直接连接A、C两个接线柱，灯泡均被短路，相当于导线直接连接在电源两侧，故D正确，不符合题意。
故选C。
【分析】电路的三种状态：断路：电路中存在接触不良、或者损害电路中无电流；短路：电路中电流直接连接在用电器两端，用电器无电流，通路：电路正常工作。
5．（2025九上·龙岗期中）我国古代科技著作《 天工开物》中 ，对釜的铸造有“铁化如水 ， 以泥固纯铁柄杓从嘴受注”这样的记载 ，下列说法正确的是（　　）
A．“ 铁化如水”是通过做功改变铁的内能
B．铸好的釜很难被压缩 ，是因为分子间存在斥力
C．用铁铸造的釜加热升温快是因为比热容大
D．炽热的铁水具有内能 ，冰冷的铁块没有内能
【答案】B
【知识点】内能的概念；热传递改变物体内能；比热容的定义及其计算公式；分子间相互作用力
【解析】【解答】A．铁化如水，是熔化现象，吸收热量，内能增大，通过热传递的方式改变内能，故A错误；
B．分子之间存在引力和斥力，铸好的釜很难被压缩 ，是分子间存在斥力，故B正确；
C．铁的比热容小，质量相同时，吸收相同的热量，升高的温度高，则用铁铸造的釜加热升温快，故C错误；
D．一切物体都有内能，炽热的铁水、冰冷的铁块有内能，故D错误。
故选B。
【分析】物体吸收热量，内能增大，温度不同，通过热传递改变内能；物体的比热容较小，吸收热量后，温度变化快；一切物体都具有内能。
6．（2025九上·龙岗期中）如图甲为可调亮度台灯，图乙为其用于调亮度的电位器结构图．a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形电阻丝的两端相连，b与金属滑片相连。转动旋钮，滑片在弧形电阻丝上滑动即可调节灯泡亮度。下列分析正确的是 （　　）
A．若只将a、c接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变亮
B．若只将b、c接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡变暗
C．电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变灯泡亮度的
D．若只将a、b接入电路，顺时针转动旋钮时灯泡亮度不变
【答案】C
【知识点】变阻器及其应用
【解析】【解答】A．若只将a、c接入电路，电阻丝全部接入电路，此时相当于定值电阻，顺时针转动旋钮时，不能改变电路的电流，灯泡的亮度不变，故A错误；
B．若只将b、c接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变小，电路中电流变大，灯泡变亮，故B错误；
C．转动旋钮滑片，接入电路中的电阻丝的长度发生变化，从而改变了接入电路中的电阻大小，根据欧姆定律可知，电路中的电流发生变化，从而改变灯泡的亮度，故C正确；
D．若只将a、b接入电路，顺时针转动旋钮时，电位器接入电路的电阻变大，电路中电流变小，灯泡变暗，故D错误。
故选C。
【分析】 电位器的实质是滑动变阻器，串联在电路中能改变电路中电流的大小；若将图乙中a、c接入则接入了全部电阻片，不能改变电阻大小，接线时a、c只能选择其一接入电路，结合图示可做出分析。
7．（2025九上·龙岗期中）某校实验小组设计了一种自动记录跳绳次数的装置，其简化电路如图甲所示。AB间接信号记录仪，R0是定值电阻，R'是一种光敏元件，当R'接收不到红外线时，两端的电压也会变大，此时信号记录仪计数一次，已知电源电压为3V，AB间的电压随时间变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（　　）
A．该装置可由电流表改装而成
B．R'接收不到红外线时，R'两端的电压大小为1V
C．AB两端电压为1V时，信号记录仪计数一次
D．绳子遮挡红外线时电路中的电流大小为未遮挡时的2倍
【答案】C
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】ABC、由题可知，闭合开关时，该电路为两电阻串联，当绳子遮挡红外线时，R'接收不到红外线，R'两端的电压也会变大，由于串联电路总电压等于各串联用电器电压之和，此时定值电阻R0的电压变小，由乙图可知，此时R0的电压为1V，
此时信号记录仪计数一次；所以该装置可由电压表改装而成，故AB错误，C正确；
D．R'接收到红外线时，AB间的电压最大，AB间的最大电压为
根据欧姆定律可得通过电路的电流之比为
即绳子遮挡红外线时电路中的电流大小为未遮挡时的，故D错误。
故选C。
【分析】（1）分析题意可知，闭合开关，电路为两电阻串联，AB间的电压即定值电阻两端的电压，由跳绳时电阻的变化结合图乙，由图乙可知AB间的最小电压，AB两端电压最小时，信号记录仪计数一次，所以该装置可由电压表改装而成；根据串联电路电压规律计算此时光敏电阻两端的电压；
（2）R'接收到红外线时，AB间的电压最大，由图乙可知AB间的最大电压，根据欧姆定律计算绳子遮挡红外线时电路中的电流大小与未遮挡时通过电路的电流之比。
8．（2025九上·龙岗期中）依据如图甲所示的电路图，请用笔画线代替导线，将图乙所示的电路连接完整。
【答案】
【知识点】实物的电路连接；串、并联电路的设计
【解析】【解答】由图甲可知，灯泡L与电动机M并联，S1控制灯泡L，S2在干路控制整个电路，S3控制电动机M，实物电路如图所示：
【分析】分析图甲所示电路图，明确各电路元件的连接方式、开关的位置，然后根据各电路元件的连接方式连接实物电路图。
9．（2025九上·龙岗期中）如图为某兴趣小组设计的电子秤简易电路图，Rx是压敏电阻，阻值随所受压力的增大而减小，R0是定值电阻。测量时，电压表V的示数随所称量物体对压敏电阻压力的增大而增大，请根据以上信息，在虚线框内将电路图补充完整。
【答案】
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】由图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联，要组成电路需要与电源、开关串联，当所称量物体对压敏电阻的压力增大时，压敏电阻Rx的阻值减小，电路的总电阻减小，由可知，电路中的电流增大，由U=IR可知，R0两端的电压增大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，Rx两端的电压减小，由电压表 的示数随所称量物体对压敏电阻的压力增大而增大可知，电压表应并联在R0两端，如下图所示：
【分析】由图可知，压敏电阻Rx与定值电阻R0串联，要组成电路需要与电源、开关串联，压敏电阻Rx的阻值随所受压力的增大而减小，电路的总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知Rx两端的电压变化，然后根据题意确定电压表并联的位置。
10．（2025九上·龙岗期中）用心观察生活，你会感受到物理知识的无穷魅力！新雨初降，我们能够闻到空气中雨水混杂着泥土的芬芳，这是　 　现象；剪纸艺术是最古老的中国民间艺术之一，将纸剪成各种图案，用糨糊能将其贴在窗户、墙壁、门上，是利用分子间存在　 　；寒冬，我们常常搓手取暖，这是通过　 　的方式增大内能。
【答案】扩散；引力；做功
【知识点】做功改变物体内能；分子热运动；分子间相互作用力
【解析】【解答】 新雨初降，我们能够闻到空气中雨水混杂着泥土的芬芳，这是扩散现象；
用糨糊能将其贴在窗户、墙壁、门上，是利用分子间存在引力；
寒冬，我们常常搓手取暖，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，这是通过做功的方式增大内能。
故答案为：扩散；引力；做功。
【分析】（1）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动；
（2）分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）改变内能的方式包括做功和热传递。
11．（2025九上·龙岗期中）酸甜多汁的水果不仅可以为我们身体提供能量，还可以发电！如图所示，小明将铜、锌金属片插入柠檬中，并用导线将柠檬、开关、发光二极管连接起来，闭合开关后，发光二极管发光。
（1）插入金属片后的柠檬相当于电路中的　 　；
（2）由图可知　 　是柠檬电池的正极；用水果电池给电路供电时，是将　 　能转化为电能；
（3）柠檬内部电子的移动方向为　 　（选填“从锌到铜”或“从铜到锌”）。
【答案】电源；铜片；化学；从铜到锌
【知识点】电流的方向；电源及其能量转化
【解析】【解答】（1）[1]电源是提供电能的装置，二极管发光说明电路中有电流，则水果相当于电源。
（2）[2]发光二极管有单向导电性，电流从二极管的正极流入，铜片与之相连，说明铜片为柠檬电池的正极。
[3]水果电池给电路供电时，提供电能，消耗自身的化学能，是将化学能转化为电能。
（3）[4]柠檬内部电流方向为从锌到铜，电子移动方向与电流方向相反，所以电子移动方向为从铜到锌。
【分析】(1)水果电池相当于电源。
(2)电池放电将化学能转化为电能。
(3)金属导体中电子实际移动方向与电流方向相反。
12．（2025九上·龙岗期中）有一种亮度可调的台灯，其电路图如题图甲所示，电源电压恒为12V，灯泡L的额定电压为12V，通过灯泡L的电流跟两端电压的关系如图乙所示，当滑片P向左移动，灯　 　（选填“变暗”或“变亮”），当滑片P在a端时，电路中的电流为　 　A，当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为　 　。
【答案】变亮；0.4；30
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】如图甲，滑动变阻器与灯泡串联，当将滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，则电路总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，故灯泡会变亮；
当滑片P在a端时，电路为灯泡L的简单电路，灯泡两端的电压等于电源电压12V，灯处于正常工作状态，由图乙可知，此时电路中的电流为0.4A，灯丝的电阻为：
故答案为：变亮；0.4；30。
【分析】 闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联。当滑片P向左移动，电阻减小，根据欧姆定律分析电流变化，灯泡正常工作时的电压UL=12V，由图可知通过灯泡的电流，由欧姆定律可知，灯泡的电阻。
13．（2025九上·龙岗期中）在热学实验中，
（1）小明用相同的酒精灯分别给水和煤油加热（如图甲），以探究水和煤油的吸热能力；
①在两个相同的烧杯中应加入初温和　 　相同的水和煤油，实验中用相同的酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内　 　；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图乙可判断出a物质是　 　（选填“水”或“煤油”），b物质吸热能力较　 　（选填“强”或“弱”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，小明用两个相同规格的烧杯装相等质量的水、取质量　 　（选填“相等”或“不相等”）的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中，分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃尽，通过比较　 　（选填“加热时间”或“水升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小；
（3）小明再用50g水和100g水做实验，以吸收的热量Q为纵坐标，升高的温度Δt为横坐标，分别画出50g和100g水的Q﹣Δt图像，它们都是过原点的直线，即Q＝kΔt，进一步分析发现，这两条直线的k值之比与对应水的　 　之比相等（选填“密度”、“质量”或“体积”）。
【答案】（1）质量；吸收相等的热量；水；弱
（2）相等；水升高的温度
（3）质量
【知识点】燃料的热值；探究不同物质的吸热能力
【解析】【解答】（1）比较不同物质吸热能力的原理为Q=cmΔt可知，变量为C，所以要控制不同物质的初温和质量相同。实验中选用相同酒精灯加热可使水和煤油在相同时间内吸收相等的热量，a、b加热相同时间后，a升高的温度低，所以a物质是水，b物质是煤油。
综上 第1空、 质量； 第2空、吸收相等的热量； 第3空、 水；第4空、弱。
（2）比较不同物质的热值，原理为Q=mq，变量为q，所以应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑。燃料燃烧放出的热量使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
综上 第1空、 相等；第2空、 水升高的温度。
（3）根据热量计算公式可知，k＝cm，则有k1＝cm1，k2＝cm2，因为，即这两条直线的k值与对应水的质量之比相等。
综上 第1空、质量。
【分析】1、探究不同物质吸热：原理为Q=cmΔt，在控制材料不同的前提下，保证质量、吸收热量相同，根据加热时间代表物体吸收热量的多少（加热时间越长表明吸收热量越大），当加热时间相同时，温度变化少，物质的比热容大（吸热能力强）；加热时间过长，表明吸收热量较大，所以水的质量较多或者初温较低，或者没有加盖三种原因。
2、比较不同物质的热值，原理为Q=mq，在控制材料不同的前提下，保证质量相同，以温度计的示数表示是释放热量的多少，由于能量损耗，所以测量的热值偏小。
（1）[1]由比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的初温和质量相同，故在两烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的煤油和水。
[2]根据转换法，实验中选用相同酒精灯加热的目的是：使水和煤油在相同时间内吸收相等的热量。
[3][4]由图乙可知，a、b两物质加热相同时间后（吸热相同），a升高的温度低，则a物质的吸热本领强，b物质的吸热本领弱，所以a物质是水，b物质是煤油。
（2）[1]实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内。
[2]因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
（3）根据可知，中的k＝cm，则有k1＝cm1，k2＝cm2，因为
14．（2025九上·龙岗期中）小明要利用图甲所示的电路测量未知电阻Rx的阻值。
（1）请你根据电路图用笔画线代替导线，将图乙的实验电路连接完整　 　。
（2）连接电路时，开关应处于　 　状态；闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于　 　（选填“A”或“B”）端。
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数始终接近电源电压，造成这一现象的原因可能是　 　。
（4）排除故障后，调节滑动变阻器，记录多组数据，画出了待测电阻Rx的I-U图像，如图丙所示。由图像可得Rx=　 　Ω。
（5）小华将乙图中的电阻Rx换成一个标有“2.5V 0.3A”字样的小灯泡，用上述方法测量这个小灯泡的电阻，连接好电路并闭合开关后，电压表示数如图丁所示，若要使小灯泡正常发光，滑动变阻器的滑片应适当向　 　（选填“A”或“B”）端移动。实验中根据测量数据绘制出了小灯泡的I-U图像如图戊所示，图像不是一条直线是因为灯丝的电阻与　 　有关。
【答案】（1）
（2）断开；B
（3）电阻Rx断路
（4）5
（5）A；温度
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1） 根据图丙可知，电流表选用小量程与待测电阻串联，电压表与待测电阻并联，如下所示：
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；闭合开关前滑片应位于阻值最大处，即B端。
（3）电流表无示数，说明电路断路，移动滑动变阻器的滑片电压表示数始终接近电源电压，说明电压表串联在电路中，电路故障为与电压表并联的部分断路，故造成这一现象的原因可能是定值电阻Rx断路。
（4）由图丙的U-I图像可知，待测电阻Rx的阻值为：
（5）如图丁，电压表选择的是0~3V的量程，分度值为0.1V，示数为1V，小灯泡额定电压为2.5V，要使小灯泡正常发光，小灯泡两端电压要增大到2.5V，则滑动变阻器两端的电压要减小，由串联分压原理可知，滑动变阻器接入电路的阻值要减小，即滑片应向A端移动。
小灯泡的I-U图像不是一条直线，说明电阻是变化的，是因为灯丝的电阻与温度有关。
故答案为：（1）；（2）断开；B；（3）电阻Rx断路；（4）5；（5）A；温度。
【分析】（1）根据图丙可知，电流表选用小量程与待测电阻串联，电压表与待测电阻并联，据此连接实物；
（2）连接电路时，开关应断开；闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片置于阻值最大处；
（3）连接好电路，闭合开关，发现电流表没有示数，电路可能断路，电压表示数始终接近电源电压，可知电压表与电源连通，据此分析；
（4）根据待测电阻Rx的I-U图象知当电压为2.0V时对应的电流大小，由欧姆定率得出待测电阻大小；
（5）根据电压表选用小量程确定分度值得出电压大小，灯在额定电压下正常发光，由串联电路电压的规律和分压原理分析；灯丝的电阻与温度有关。
（1）由下图数据可知，电路中电流最大为0.6A，故电流表选择小量程。电压表并联在未知电阻两端，如图所示：
（2）[1]为防止连接时出现短路，损坏电路元件，连接电路时，开关应处于断开状态。
[2]滑动变阻器的作用是保护电路，闭合开关前滑片应位于阻值最大处，即B端。
（3）[1]电流表无示数，说明电路断路，移动滑动变阻器的滑片电压表示数始终接近电源电压，说明电压表串联在电路中，与电压表并联的部分断路，所以定值电阻Rx断路。
（4）根据图像数据，待测电阻Rx的阻值为
（5）[1]如图丁，电压表示数为1V，小灯泡额定电压为2.5V，要使小灯泡正常发光，小灯泡两端电压要增大到2.5V，滑动变阻器两端的电压要减小，对应滑动变阻器接入电路的阻值要减小，滑片应向A端移动。
[2]小灯泡的I-U图像不是一条直线是因为小灯泡电阻会受温度影响，灯丝电阻发生改变，不是一个定值。
15．（2025九上·龙岗期中）用煤气炉将的水从加热到，消耗煤气。已知煤气的热值为，水的比热容为。求：
（1）水吸收的热量；
（2）煤气完全燃烧放出的热量；
（3）煤气炉加热的效率。
【答案】（1）解：水吸收的热量
（2）解：煤气完全燃烧放出的热量
（3）解：煤气炉加热的效率
【知识点】比热容的定义及其计算公式；燃料的热值
【解析】【分析】（1）已知水的比热容、质量和初温度、末温度，利用Q吸=c水m水（t-t0）可以得到吸收的热量；
（2）已知煤气的热值和质量，根据Q放=mq煤气得到煤气完全燃烧放出的热量；
（3）水吸收的热量与煤气完全燃烧放出的热量之比就是煤气灶的效率。
（1）水吸收的热量
（2）煤气完全燃烧放出的热量
（3）煤气炉加热的效率
16．（2025九上·龙岗期中）飞船在发射前，科技人员设计了如图甲所示的模拟检测电路来检验飞船舱体的气密性。电源电压不变，定值电阻，为压力传感器，其阻值随环境气压的变化规律如图乙所示，将置于舱体中，舱体置于真空室中。舱体不漏气时，舱体内气压为，此时电压表示数为20V。舱体不漏气时，求：
（1）通过的电流；
（2）电源电压；
（3）当舱内的气压值为时，电压表的示数。
【答案】（1）解：由欧姆定律得，通过的电流
（2）解：舱体不漏气时，舱体内气压为，由图乙可知，，因为与串联，所以
电源电压为：
（3）解：当舱内的气压值为时，
电压表的示数

【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【分析】（1）根据，计算电流大小；
（2）根据U=IR，计算电压大小，结合串联电路电压规律，计算总电压；
（3）根据串联电路电阻规律，计算总电阻，利用，计算电流，根据U=IR，计算电压表示数。
（1）由欧姆定律得，通过的电流
（2）舱体不漏气时，舱体内气压为，由图乙可知，，因为与串联，所以
电源电压为
（3）当舱内的气压值为时，
电压表的示数
17．（2025九上·龙岗期中）跨学科实践
制作简易汽轮机模型
热机对人类文明发展起着重要的推动作用。同学们成立了制作简易汽轮机模型的项目团队，制定了“项目提出——项目分析——项目实施——展示交流”的学习流程，研究了热机原理，收集材料组装了如图所示的汽轮机模型。
实验时向易拉罐内部注入大约半罐水，将去掉笔芯和尾塞的中性笔的尾端插入易拉罐内，用胶将罐的开口处密封。将易拉罐放置在支架上，笔的尖端对准小风扇的扇叶。点燃易拉罐下面的酒精灯，当有蒸汽喷出时，扇叶就转动起来。
（1）汽轮机模型工作过程的能量转化情况为：化学能　 　　 　；
（2）某团队的同学们在测试过程中，发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能　 　；（答出一条即可）
（3）热机发展史也是一部热机效率提高史，在展示交流环节，对如何提高简易汽轮机效率，同学们进行了激烈讨论。请你依照“结构决定功能”的观念，从结构的角度思考，帮助他们提出一个可行性措施：　 　。
【答案】（1）内能；机械能
（2）注入的水过少，产生的蒸汽量不足
（3）增加易拉罐的保温性能。
【知识点】热机；热机的效率；能量的转化或转移
【解析】【解答】（1）酒精燃烧时，将酒精的化学能转化为内能，通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
（2） 发现扇叶不转动，出现这种现象的原因可能：
①水的质量太少，产生的水蒸气量不足，无法提供足够的动力，即注入的水过少，产生的蒸汽量不足。
②装置的密封性不好，导致水蒸气泄漏，无法有效推动扇叶，比如易拉罐开口处密封不好，蒸汽泄漏。
③酒精灯提供的热量不足，水无法产生足够多的高温高压水蒸气，例如酒精灯火焰太小，水吸收的热量少，产生蒸汽的能量不够。
（3）增加易拉罐的保温性能：比如用保温杯套等材料包裹易拉罐，减少热量散失，使水能够吸收更多的热量转化为水蒸气的内能，从而提高效率。因为减少热量损失，能让更多的化学能最终转化为机械能。
故答案为：（1）内能；机械能 （2）注入的水过少，产生的蒸汽量不足； （3）增加易拉罐的保温性能。
【分析】（1）汽轮机工作时将内能转化为电能；
（2）根据汽轮机的结构和工作原理分析；
（3）从结构的角度思考，即通过优化汽轮机的结构来提高汽轮机的效率，据此分析。
（1）[1][2][3]酒精燃烧，是将酒精内部的化学能转化为内能释放出来，然后将内能通过热传递转移给水和易拉罐，水吸热迅速的汽化，形成大量的水蒸气，水蒸气对扇叶做功，将水蒸气的内能转化为扇叶的机械能。
（2）在测试过程中，发现扇叶不转动，可能水蒸气的内能太小，笔尖喷出的蒸汽太少。
（3）在易拉罐上半部分覆盖保温层，可以减少热量的损失，提高汽轮机效率。
18．（2025九上·龙岗期中）（1）如图1所示为夏季的市场上出售的一种冰垫，它的外包装上写着“主要成分为优质晶体”，当人坐在这种冰垫上时，里面的晶体会熔化　 　（选填“吸热”或“放热”），放在冰箱中会再　 　成晶体（填物态变化）；
（2）如图2甲为我国运载火箭将“神舟十二号”载人飞船发射的场景，火箭的燃料使用了液态氢，因为它的　 　大，如图2乙是刘星在“十一”假期探究“海水和海滩的温度随时间变化的规律”时画的一张示意图。产生这一现象的原因是水的　 　比沙石的大；
（3）某粒子从带正电的原子核旁边高速穿越，其运行路线如图3②，如图3所示，据此现象，可以猜想该粒子带负电，你猜想的依据是：　 　。根据另一粒子运行路线①可以断定此粒子带　 　电；
（4）在“探究影响导体电阻大小的因素”实验中，小楠设计了如图4所示的电路。a、b两点间接入不同导体，通过观察　 　判断导体电阻的大小。若有两个导体A、B的电阻差别不大，可在电路中串联　 　进一步判断两者的大小关系。
【答案】吸热；凝固；热值；比热容；异种电荷相互吸引；正；小灯泡亮度；电流表
【知识点】凝固与凝固放热特点；比热容的定义及其计算公式；电荷间的相互作用规律；影响电阻大小的因素
【解析】【解答】（1）人坐在这种冰垫上时，里面的晶体会熔化吸热；放在冰箱中会再凝固成晶体；
（2）运载火箭中， 火箭的燃料使用了液态氢，因为它的热值比较大；由图可知海滩上温度高，由于水的比热容比砂石大，因此砂石白天升温和傍晚降温都比水快，因此，白天海滩温度比较高，傍晚海水温度比较高。
（3）某粒子从带正电的原子核旁边高速穿越，其运行路线如图②，据此现象，可以猜想该粒子带负电，猜想的依据是异种电荷相互吸引；由同种电荷相互排斥可知， 根据另一粒子运行路线①可以断定此粒子带正电；
（4）将不同的导体分别接到a，b之间，闭合开关，通过观察小灯泡亮度来判断不同导体电阻的大小；若两个导体的电阻差异不大，灯泡亮度变化微弱，不易判断导体的电阻大小，可以在电路中串联电流表，根据电流表示数大小来判断电阻的大小，电流表示数越大，则电阻越小。
故答案为：（1）吸热；凝固；（2）热值；比热容；（3）异种电荷相互吸引；正；（4）小灯泡亮度；电流表。
【分析】（1）物质由固态变为液态的过程称为熔化，该过程是吸热的；物质由液态变为固态的过程称为凝固，该过程是放热的；
（2）液态氢的热值较大，完全燃烧相同质量的液态氢和其他燃料，液态氢放出的热量更多；水的比热容大，在吸收和放出相同热量，温度变化小；
（3）同种电荷相互排斥；异种电荷相互吸引；
（4）电阻表示导体对电流的阻碍作用，电压一定时，电阻越大则电流越小；转换法是物理实验常用的方法之一；电阻大小可通过灯泡的亮度或电流表示数大小来体现。
1 / 1

展开更多......

收起↑