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广东省深圳市盐田区外国语学校2025-2026学年八年级上学期期中考试物理试卷
1．（2025八上·盐田期中）志豪同学和铭泽同学听到“鼓声”和“英歌（潮汕英歌舞）鼓槌打声”的碰撞，分辨原因是（　　）
A．音调 B．音色 C．频率 D．响度
【答案】B
【知识点】音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色与发声体的材料、结构有关，不同发声体音色不同。“鼓声”和“潮汕英歌舞鼓槌打声”发声体不同，声音的音色不同，人们根据音色来分辨两种声音，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】材料和结构不同，音色不同，是辨别发声体的依据。
2．（2025八上·盐田期中）在“打铁花”的表演中，表演者通过击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅的过 程中发出耀眼的光芒，最后变成固态铁，涉及的物态变化是（　　）
A．凝固 B．凝华 C．液化 D．熔化
【答案】A
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅，发出耀眼的光芒，变成固态铁，液态变成固态，是凝固现象，A符合题意。
故选A。
【分析】液体变为固体，是凝固现象。
3．（2025八上·盐田期中）节目《龙腾虎跃》中，舞龙队形不断变化。在描述队形移动时，说“龙身”是静止的，所选的参照物是（　　）
A．观众席 B．舞台 C．舞龙者 D．地面
【答案】C
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】ABD．图中，“龙身”在舞台上移动，相对于观众、舞台、地面，位置发生变化，是运动的。故ABD不符合题意；
C．舞龙者举着“龙身”移动，“龙身”相对于舞龙者没有位置变化，以舞龙者为参照物，“龙身”是静止的。故C符合题意。
故选C。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的，有位置变化，是运动的。
4．（2025八上·盐田期中）在火箭点火升空的瞬间，现场会传来震耳欲聋的轰鸣声。下列说法正确的是（　　）
A．轰鸣声是由于火箭振动产生的
B．“震耳欲聋”说明声音的音调很高
C．轰鸣声是通过空气传入人耳的
D．工作人员佩戴耳罩是为了防止噪声产生
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．轰鸣声是火箭喷出气体振动产生的，不是火箭振动产生的，故A错误；
B．“震耳欲聋”指声音的响度很大，不是音调高，故B错误；
C．声音的传播需要介质，轰鸣声通过空气这传入人耳，故C正确；
D．工作人员佩戴耳罩，阻止声音进入人耳，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选C。
【分析】声音是物体振动产生的，防止噪声进入人耳，是在人耳处控制噪声；声音的大小指响度。
5．（2025八上·盐田期中）搭载“卫星01”的火箭发射后，地面观测站测得火箭在最初10s内竖直向上运动的距离约为 1500m。 关于火箭在这段运动中的描述，下列说法正确的是（　　）
A．火箭的平均速度是15m/s
B．火箭做的是匀速直线运动
C．以发射塔为参照物，火箭是静止的
D．以火箭为参照物，卫星01星是静止的
【答案】D
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点；参照物及其选择
【解析】【解答】A．结合路程和时间，火箭的平均速度，故A错误；
B．火箭竖直向上运动时，做加速运动，速度发生变化，做变速运动，故B错误；
C．火箭竖直升空时，以发射塔为参照物，火箭有位置变化，是运动的，故C错误；
D．火箭竖直升空时，以火箭为参照物，卫星的位置没有变化，是静止的，故D正确。
故选D。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的；火箭加速升空，速度变大。
6．（2025八上·盐田期中）火箭发射瞬间，高温火焰喷向冷却池，出现大量“白雾”，白雾”形成涉及的物态变化是（　　）
A．熔化 B．汽化 C．液化 D．凝华
【答案】C
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】火箭升空时，会出现大量的水雾，冷却池中的水吸热汽化，变成水蒸气 ，水蒸气再遇冷液化成小水珠，C符合题意。
故选C。
【分析】变为变化气体，是汽化现象；气体变为液体，是液化现象。
7．（2025八上·盐田期中）2025年10月10日，为迎接第十五届全国运动会的来临，深圳人才公园的2000架无人机于夜空中变换出13个包含全运会和深圳元素的图案。如图所示是无人机甲、乙沿竖直方向升空过程中的路程s与时间t的关系图像。下列分析正确的是（　　）
A．甲做变速直线运动
B．在6~16s内，乙做匀速直线运动
C．第20s时，乙在甲上方
D．0~6秒内，以甲为参照物，乙向上运动
【答案】D
【知识点】匀速直线运动特点；参照物及其选择；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．在s-t图像中，过原点的直线表示匀速直线运动。甲做匀速直线运动，故A错误；
B．在6~16s内，乙图中平行于时间轴的直线路程不变，物体是静止的。故B错误；
C．图中，在t=20s时，甲的路程为，乙的路程小于，路程大的在上方，甲在乙的上方，故C错误；
D．图中，在0~6s内，甲和乙都做匀速直线运动。相同时间，乙的路程更远，则。甲和乙都向上运动，且乙的速度大于甲的速度，以甲为参照物，乙向上运动，故D正确。
故选D。
【分析】路程和时间成正比，是匀速直线运动；路程随时间变化而不变，是静止的；相同时间内，路程越大， 速度越大。
8．（2025八上·盐田期中）小明和妈妈一起在厨房煮饺子时，发现厨房中有很多物态变化现象：从冰箱拿出的饺子表面上产生的“白霜”是　 　现象；煮饺子过程中，锅中冒出的“白气”是　 　现象；小明还发现紧闭的玻璃窗户上会起水雾，水雾应该出现在窗户的　 　（选填“外侧”或“内侧”）。
【答案】凝华；液化；内侧
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】从冰箱拿出的饺子，表面上有白霜，是水蒸气遇冷形成小冰晶，发生凝华现象；
煮饺子时，锅中冒“白气”，是水蒸气遇冷形成的小水珠，发生液化现象。
玻璃窗户上的水雾，是热的水蒸气遇冷，液化形成的小水珠，附着在窗户的内侧。故第1空填：凝华；第2空填：液化；第3空填：内侧。
【分析】水蒸气遇冷，变为固体，是凝华现象；气体变为液体，是液化现象。
9．（2025八上·盐田期中）深圳首条空中巴士“云巴”设计最高时速为80km/h，合　 　m/s（保留一位小数）。为测量“云巴”运行的平均速度，需要的测量工具是　 　和　 　。
【答案】22.2；里程表；停表
【知识点】速度与物体运动；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】根据速度单位关系，则；
测量平均速度的原理是，需要里程表测量路程，利用停表测量时间。故第1空填：22.2；第2空填：里程表；第3空填：停表。
【分析】根据速度单位换算解答；测量物体运动的速度时，需要里程表测量路程，利用秒表测量时间。
10．（2025八上·盐田期中）2024年12月，深圳“脑解析与模拟设施”重大科技基础在光明科学城建设中，使用超声波探测混凝土结构，说明声音可以传递　 　；超声波在空气中传播速度约为　 　m/s。
【答案】信息；340
【知识点】声速；声与信息传递
【解析】【解答】超声波探测混凝土结构，获得了信息，是利用声音传递信息；
超声波属于声波，在空气中的传播速度与可听声相同，约为340 m/s。故第1空填：信息；第2空填：340。
【分析】通过声音得知某事，是声音传递信息；空气中的声速约340 m/s。
11．（2025八上·盐田期中）如图是小球A、B沿直线运动的频闪照片，频闪照相机每隔0.2s闪拍一次。图上数字为闪光时刻编号，分析照片可知：
（1）小球B　 　在做匀速直线运动（选填“一定”或“可能”）。
（2）小球A在　 　两点间的平均速度最大（写编号）。
【答案】（1）一定
（2）6、7
【知识点】速度与物体运动；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）在相等时间内通过的路程相等，做的是匀速直线运动。图中，小球B在相等的时间内，通过的路程相等，小球B一定在做匀速直线运动。
（2）图中，平均速度，闪光间隔时间相同，路程越长，平均速度越大。小球A在编号6、7两点间的路程最长，平均速度最大。
【分析】（1）频闪照相机每隔相同时间拍一次，路程相等时，速度是相同的，是匀速直线运动。
（2）时间相同时，路程越长，速度越大
（1）频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，这意味着相邻两次闪拍的时间间隔是相等的。对于做匀速直线运动的物体，其在相等时间内通过的路程是相等的。观察小球B的频闪照片，发现小球B在相等的时间间隔（0.2s）内，通过的路程看起来是相等的。所以，小球B 一定 在做匀速直线运动。
（2）平均速度，闪光间隔时间相同（均为0.2s），因此路程越长，平均速度越大。观察小球A的频闪照片，编号6、7两点间的路程最长，所以小球A在6、7两点间的平均速度最大。
12．（2025八上·盐田期中）如图，光源A发射的一条光线经入射点O斜向射入水面，并在水面处发生折射。请绘制出反射光线及大致的折射光线（保留作图痕迹）。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】光在反射时，过入射点作法线，反射角等于入射角，作出反射光线，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，作出折射光线，如图所示：
【分析】光在反射时，反射角等于入射角；在折射时，空气中的角度较大。
13．（2025八上·盐田期中）如图所示，小明驾车（A为车内小明的眼睛）行驶至道路转弯处时，通过转弯处的平面镜M看到了路上的行人B。请画出小明看到行人的光路图（保留作图痕迹）。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称；作B点关于平面镜M的对称的，即像点B'。连接B'和A，与平面镜M的交点为入射点O，连接BO即为入射光线。如图所示：
【分析】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，像和反射光线经过的点在同一直线上。
14．（2025八上·盐田期中）在“测量物体运动的平均速度”实验中：
（1）该实验依据的原理是　 　；
（2）小车在该AB段路程内的平均速度v=　 　cm/s（保留一位小数）；（图中电子表显示时间格式为：时：分：秒）通过测量的数据可以判断，小车在前半程的平均速度　 　后半程平均速度（选填“大于”“等于”或“小于”）。
（3）如果小车过了A点才开始计时，则AC段的平均速度会　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）
（2）8.0；小于
（3）偏大
【知识点】速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】测量物体的平均速度时，
（1）实验中，测量平均速度时，需要测量路程和时间，实验原理是。
（2）图中，根据小车对应的AB点，路程，时间为，小车在AB段的平均速度：；后半程的时间：，路程为；路程相同，时间越小，速度越大。小车前半程的平均速度小于后半程平均速度。
（3）小车过了A点才开始计时，测量的时间会偏小。路程不变，时间偏小，计算AC段平均速度会偏大。
【分析】（1）测量速度的原理是；
（2）根据路程和对应的时间，利用，计算速度；
（3）开始计时偏晚，测量时间偏小，计算的平均速度偏大。
（1）测量平均速度的实验依据是速度的计算公式。
（2）[1]小车在A点时的刻度为80.0cm，在B点时的刻度为40.0cm，所以
由图可知，小车在该AB段路程内的平均速度
[2]由图可知后半程的时间
由图可知
根据可知，路程相同时，时间越小，速度越大。所以小车在前半程的平均速度小于后半程平均速度。
（3）如果小车过了A点才开始计时，那么测量的时间会偏小。根据，路程不变，时间偏小，则计算出的AC段平均速度会偏大。
15．（2025八上·盐田期中）在研究声音产生与传播时，小明完成了以下实验：
（1）如图甲，用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，说明声音是由物体　 　产生；
（2）如图乙，敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉把乒乓球弹起。如图甲，用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，说明　 　；
（3）如图丙，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内逐渐抽出其中的空气，听到的声音将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），由此推理可知：　 　。
【答案】（1）振动
（2）空气可以传声
（3）变小；真空不能传声
【知识点】声音的产生；声音的传播条件
【解析】【解答】探究声音产生与传播时，
（1）图甲中，悬挂的乒乓球被发声的音叉弹起，是音叉在振动。可得：声音是物体振动产生的。
（2）图乙中，敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉弹起乒乓球。是右边音叉振动，通过空气传播到左边音叉，使左边音叉振动。可知，空气可以传声。
（3）图丙中，正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出罩内空气，传播声音的空气减少，听到的声音变小，如果玻璃罩内完全真空，就听不到声音了，推理可知：真空不能传声。
【分析】（1）发声体坦克乒乓球，反应音叉在振动；
（2）空气可以传播声音，将声音从一个音叉传向另一个音叉；
（3）传播声音的介质减少，声音变小；真空不能传声。
（1）用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，这是因为音叉在振动。说明声音是由物体振动产生的。
（2）敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉把乒乓球弹起。这是因为右边音叉振动产生的声音通过空气传播到左边音叉，使左边音叉也振动。这说明空气可以传声。
（3）[1][2]把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内逐渐抽出其中的空气，传播声音的介质（空气）越来越少，所以听到的声音将变小。由此推理可知：真空不能传声（因为如果玻璃罩内完全真空，就听不到声音了）。
16．（2025八上·盐田期中）小红在实验室同时用图甲、乙两种装置来探究“冰的物态变化规律”。
（1）该实验应选用　 　（选填“大冰块”或“碎冰块”）来进行实验，效果更好些：
（2）实验过程中，小明发现选用乙装置来进行实验更能准确反映冰的物态变化规律，原因是“水浴法”加热是使试管内的物质　 　；
（3）由图像可知冰熔化的过程是　 　段（用字母表示），在第10分钟时处于　 　状态。
【答案】（1）碎冰块
（2）受热均匀
（3）BC；液
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】探究冰的物态变化规律时，
（1）实验时，选用碎冰块，碎冰块与温度计玻璃泡充分接触，受热更均匀，实验现象和数据更准确。
（2）乙图中，用 “水浴法” 加热，试管内的物质受热均匀，更准确地反映冰的物态变化。
（3）晶体熔化时，温度保持不变。图丙中，BC段温度保持不变，BC段冰在熔化。图中，C点熔化结束，第10min时，冰已完成熔化，处于液态。
【分析】（1）探究熔化规律时，利用小颗粒固体，受热均匀；
（2）水浴法加热时，物体受热均匀；
（3）晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变；固体熔化完，处于液态。
（1）实验应选用碎冰块。因为碎冰块能与温度计玻璃泡充分接触，且受热更均匀，能使实验现象和数据更准确。
（2）乙装置采用 “水浴法” 加热，能使试管内的物质受热均匀，从而更准确地反映冰的物态变化规律。
（3）[1]冰是晶体，熔化时温度保持不变。由图丙可知，BC段温度保持不变，因此冰熔化的过程是BC段。
[2]由图可知C点是熔化结束点，时间为8分钟，第10分钟时，冰已完成熔化，此时物质处于液态。
17．（2025八上·盐田期中）深圳地铁13号线建设中，盾构机以0.1m/s的速度匀速前进，每分钟推进6m。求：
（1）盾构机工作1小时通过的路程；
（2）若盾构机长80m，完全通过一段200m的隧道所需时间。
【答案】（1）解：已知盾构机前进的速度v=0.1m/s，工作时间t=1h=3600s
根据速度公式可得，盾构机通过的路程为s=vt=0.1m/s×3600s=360m
所以，盾构机工作1小时通过的路程是360m。
（2）解：盾构机完全通过隧道，是指从盾构机的车头进入隧道到车尾离开隧道的整个过程。在此过程中，盾构机行驶的总路程等于隧道长度与盾构机自身长度之和。已知，。盾构机需要行驶的总路程为
已知盾构机前进的速度v=0.1m/s。根据速度公式可得，所需时间为
所以，盾构机完全通过一段200m的隧道所需时间为2800s。
【知识点】速度与物体运动；速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【分析】（1）根据s=vt，计算路程大小；
（2）根据隧道长和车长，计算总路程，根据，计算时间。
（1）已知盾构机前进的速度v=0.1m/s，工作时间t=1h=3600s
根据速度公式可得，盾构机通过的路程为s=vt=0.1m/s×3600s=360m
所以，盾构机工作1小时通过的路程是360m。
（2）盾构机完全通过隧道，是指从盾构机的车头进入隧道到车尾离开隧道的整个过程。在此过程中，盾构机行驶的总路程等于隧道长度与盾构机自身长度之和。已知，。盾构机需要行驶的总路程为
已知盾构机前进的速度v=0.1m/s。根据速度公式可得，所需时间为
所以，盾构机完全通过一段200m的隧道所需时间为2800s。
18．（2025八上·盐田期中）深圳湾大桥监测中，静止在水面的监测船向深圳湾大桥桥墩发射超声波，经过0.8s收到回声，已知超声波在海水中的传播速度为1500m/s。求：
（1）桥墩距船的距离；
（2）若船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，求船航行的距离（设当时气温为15℃，无风）。
【答案】（1）解：超声波传播的总路程为
桥墩距船的距离为
（2）解：船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，这4s内声音传播的距离为
这4s内船通过距离为，则有
故船航行的距离
【知识点】速度公式及其应用；声速
【解析】【分析】（1）根据s=vt，计算路程，结合回声，计算距离；
（2）根据s=vt，计算声音传播的路程，再结合路程关系，计算距离。
（1）超声波传播的总路程为
桥墩距船的距离为
（2）船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，这4s内声音传播的距离为
这4s内船通过距离为，则有
故船航行的距离
19．（2025八上·盐田期中）深圳宝安机场也可以点美团外卖了！“小黄蜂”机器人送餐直达登机口。如图1是机器人M在通道运行送餐。
（1）M以不同的速度从A点出发做匀速直线运动，图2为s-t图像，则1s内图线　 　（填序号）对应的运动路程最大，图线③对应的运动比②　 　（选填“快”“慢”）。
（2）M从入口A点做匀速直线运动送餐到B点，tAB=30s，它在AB段的速度v=　 　；在图3画出AB段的v-t图像。
（3）从P点开始，有少许汁液从机器人M滴到其直线运动路线上，每6秒滴下1滴：
①从P到D共运动　 　分钟，此过程机器人M在做　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
②已知sPC【答案】（1）；慢
（2）
（3）0.5；变速；C；D
【知识点】匀速直线运动特点；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）图2中，在1s内，图线①路程最长，对应的运动路程最大。
在相同时间内，路程越短，速度越慢。图线③的路程最小，对应的路程比②慢。
（2）图1中，，机器人在AB段的速度为：，
机器人做匀速直线运动，速度保持不变，在v-t图像中，是一行于时间轴的直线，如图所示：
（3）①从P到D共6滴，每滴间隔6s，总时间，相同时间内路程不同，机器人M在做变速直线运动。图中，，，已知sPC【分析】（1）时间相同时，路程越大， 速度越大；路程越短，时间越小；
（2）根据，计算速度，匀速直线运动中，速度保持不变；
（3）根据液滴间距离，判断速度；结合，判断速度大小。
（1）[1]由图2的s-t图像可知，在1s内，图线①对应的路程最长，因1s内图线①对应的运动路程最大。
[2]在相同时间内，路程越短，速度越慢。图线③的路程小于图线②的路程，因此图线③对应的运动比②慢。
（2）由图1可知
机器人M在AB段的速度为
因为机器人做匀速直线运动，速度保持不变，所以v-t图像是一条平行于时间轴的直线，如图所示：
（3）[1]从P到D共滴了6滴汁液，每滴间隔6秒，总时间
[2]由于相邻汁液滴的间距逐渐变大，相同时间内路程不同，因此机器人M在做变速直线运动。
[3][4]由图可知
已知sPC20．（2025八上·盐田期中）深圳市某校开展自制排箫“跨学科实践”活动，请完成下列问题。
如图甲所示，排箫是中国传统乐器，它由多个不同音阶的箫管组成。演奏时，对着吹口吹气，当吹气振动的频率与空气柱的固有频率相同时，空气柱产生共振，从而发出响亮的声音，此时声音的音调主要由管内空气柱的固有频率决定。小组同学选择若干根相同的长为20cm的吸管，用剪刀剪裁，按由长到短的顺序横向连接制得“排箫”。演奏时，用嘴对着吸管吹气，便能发出声音，声音的频率与管长间的关系如表乙所示。音级、音区与频率的关系如表丙所示。
音阶 do re mi fa sol la si
频率/Hz 523 587 659 698 784 880 988
空气柱长/cm 16.3 14.5 12.9 12.2 10.9 9.7 8.6
丙
音级 不同音区的频率/Hz
低音区 中音区 高音区
Do 262 523 1046
Re 294 587 1175
Mi 330 659 1318
Fa 349 698 1397
So 392 784 1568
La 440 880 1760
Si 494 988 1976
（1）演奏时，对着吸管吹气，便能发出声音，这是由于吹气时管内　 　发生振动；当管内空气柱发出响亮的声音时，此时箫管发出声音的频率　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）空气柱的固有频率；“响亮”是指声音的　 　大；
（2）分析表乙数据可知，管内空气柱越短，其固有频率越　 　（选填“高”或“低”）；
（3）将实验中的吸管截取9.7cm长，一端封口，对着开口端吹气，当发出响亮的声音时，声音的音阶是　 　；
（4）根据表丁自制排箫评价量表，该小组制作的排箫等级为　 　（优秀/合格/待改进），理由是　 　。
丁
自制排箫评价量表
评价指标 评价等级
优秀 合格 待改进
音区数量 能吹奏出3个完整的音区 能吹奏出1-2个完整的音区 不能吹奏出完整的音
【答案】（1）空气柱；等于；响度
（2）高
（3）La
（4）合格；结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，等级为合格
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）演奏时，对着吸管吹气，管内空气柱振动产生声音。
吹气时，声音的频率等于空气柱的固有频率。“响亮” 是声音较大，是声音的响度大。
（2）根据表乙，空气柱越短，频率数值越大，管内空气柱越短，固有频率越高。
（3）表乙中，空气柱长9.7cm时，对应频率的音阶是La。
（4）表丙中，排箫的频率是中音区。结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，等级为合格。
【分析】（1）声音是物体振动产生的；频率与空气柱的频率相同；声音的大小指响度；
（2）发声体越短，振动频率越高，音调越高；
（3）改变发声体的长度，音调改变；
（4）发声体长度不同，频率不同，音调不同。
（1）[1]演奏时对着吸管吹气，声音是由管内空气柱振动产生的。
[2]当空气柱发出响亮声音时，吹气振动频率与空气柱固有频率相同（共振），因此声音的频率等于空气柱的固有频率。
[3]“响亮” 描述的是声音的响度大。
（2）分析表乙数据可知空气柱越短，频率数值越大，因此管内空气柱越短，其固有频率越高。
（3）由表乙可知，空气柱长9.7cm时，对应频率的音阶是La。
（4）由表丙可知，该排箫的频率属于中音区。结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，所以等级为合格。
1 / 1广东省深圳市盐田区外国语学校2025-2026学年八年级上学期期中考试物理试卷
1．（2025八上·盐田期中）志豪同学和铭泽同学听到“鼓声”和“英歌（潮汕英歌舞）鼓槌打声”的碰撞，分辨原因是（　　）
A．音调 B．音色 C．频率 D．响度
2．（2025八上·盐田期中）在“打铁花”的表演中，表演者通过击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅的过 程中发出耀眼的光芒，最后变成固态铁，涉及的物态变化是（　　）
A．凝固 B．凝华 C．液化 D．熔化
3．（2025八上·盐田期中）节目《龙腾虎跃》中，舞龙队形不断变化。在描述队形移动时，说“龙身”是静止的，所选的参照物是（　　）
A．观众席 B．舞台 C．舞龙者 D．地面
4．（2025八上·盐田期中）在火箭点火升空的瞬间，现场会传来震耳欲聋的轰鸣声。下列说法正确的是（　　）
A．轰鸣声是由于火箭振动产生的
B．“震耳欲聋”说明声音的音调很高
C．轰鸣声是通过空气传入人耳的
D．工作人员佩戴耳罩是为了防止噪声产生
5．（2025八上·盐田期中）搭载“卫星01”的火箭发射后，地面观测站测得火箭在最初10s内竖直向上运动的距离约为 1500m。 关于火箭在这段运动中的描述，下列说法正确的是（　　）
A．火箭的平均速度是15m/s
B．火箭做的是匀速直线运动
C．以发射塔为参照物，火箭是静止的
D．以火箭为参照物，卫星01星是静止的
6．（2025八上·盐田期中）火箭发射瞬间，高温火焰喷向冷却池，出现大量“白雾”，白雾”形成涉及的物态变化是（　　）
A．熔化 B．汽化 C．液化 D．凝华
7．（2025八上·盐田期中）2025年10月10日，为迎接第十五届全国运动会的来临，深圳人才公园的2000架无人机于夜空中变换出13个包含全运会和深圳元素的图案。如图所示是无人机甲、乙沿竖直方向升空过程中的路程s与时间t的关系图像。下列分析正确的是（　　）
A．甲做变速直线运动
B．在6~16s内，乙做匀速直线运动
C．第20s时，乙在甲上方
D．0~6秒内，以甲为参照物，乙向上运动
8．（2025八上·盐田期中）小明和妈妈一起在厨房煮饺子时，发现厨房中有很多物态变化现象：从冰箱拿出的饺子表面上产生的“白霜”是　 　现象；煮饺子过程中，锅中冒出的“白气”是　 　现象；小明还发现紧闭的玻璃窗户上会起水雾，水雾应该出现在窗户的　 　（选填“外侧”或“内侧”）。
9．（2025八上·盐田期中）深圳首条空中巴士“云巴”设计最高时速为80km/h，合　 　m/s（保留一位小数）。为测量“云巴”运行的平均速度，需要的测量工具是　 　和　 　。
10．（2025八上·盐田期中）2024年12月，深圳“脑解析与模拟设施”重大科技基础在光明科学城建设中，使用超声波探测混凝土结构，说明声音可以传递　 　；超声波在空气中传播速度约为　 　m/s。
11．（2025八上·盐田期中）如图是小球A、B沿直线运动的频闪照片，频闪照相机每隔0.2s闪拍一次。图上数字为闪光时刻编号，分析照片可知：
（1）小球B　 　在做匀速直线运动（选填“一定”或“可能”）。
（2）小球A在　 　两点间的平均速度最大（写编号）。
12．（2025八上·盐田期中）如图，光源A发射的一条光线经入射点O斜向射入水面，并在水面处发生折射。请绘制出反射光线及大致的折射光线（保留作图痕迹）。
13．（2025八上·盐田期中）如图所示，小明驾车（A为车内小明的眼睛）行驶至道路转弯处时，通过转弯处的平面镜M看到了路上的行人B。请画出小明看到行人的光路图（保留作图痕迹）。
14．（2025八上·盐田期中）在“测量物体运动的平均速度”实验中：
（1）该实验依据的原理是　 　；
（2）小车在该AB段路程内的平均速度v=　 　cm/s（保留一位小数）；（图中电子表显示时间格式为：时：分：秒）通过测量的数据可以判断，小车在前半程的平均速度　 　后半程平均速度（选填“大于”“等于”或“小于”）。
（3）如果小车过了A点才开始计时，则AC段的平均速度会　 　（选填“偏大”或“偏小”）。
15．（2025八上·盐田期中）在研究声音产生与传播时，小明完成了以下实验：
（1）如图甲，用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，说明声音是由物体　 　产生；
（2）如图乙，敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉把乒乓球弹起。如图甲，用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，说明　 　；
（3）如图丙，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内逐渐抽出其中的空气，听到的声音将　 　（选填“变大”、“变小”或“不变”），由此推理可知：　 　。
16．（2025八上·盐田期中）小红在实验室同时用图甲、乙两种装置来探究“冰的物态变化规律”。
（1）该实验应选用　 　（选填“大冰块”或“碎冰块”）来进行实验，效果更好些：
（2）实验过程中，小明发现选用乙装置来进行实验更能准确反映冰的物态变化规律，原因是“水浴法”加热是使试管内的物质　 　；
（3）由图像可知冰熔化的过程是　 　段（用字母表示），在第10分钟时处于　 　状态。
17．（2025八上·盐田期中）深圳地铁13号线建设中，盾构机以0.1m/s的速度匀速前进，每分钟推进6m。求：
（1）盾构机工作1小时通过的路程；
（2）若盾构机长80m，完全通过一段200m的隧道所需时间。
18．（2025八上·盐田期中）深圳湾大桥监测中，静止在水面的监测船向深圳湾大桥桥墩发射超声波，经过0.8s收到回声，已知超声波在海水中的传播速度为1500m/s。求：
（1）桥墩距船的距离；
（2）若船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，求船航行的距离（设当时气温为15℃，无风）。
19．（2025八上·盐田期中）深圳宝安机场也可以点美团外卖了！“小黄蜂”机器人送餐直达登机口。如图1是机器人M在通道运行送餐。
（1）M以不同的速度从A点出发做匀速直线运动，图2为s-t图像，则1s内图线　 　（填序号）对应的运动路程最大，图线③对应的运动比②　 　（选填“快”“慢”）。
（2）M从入口A点做匀速直线运动送餐到B点，tAB=30s，它在AB段的速度v=　 　；在图3画出AB段的v-t图像。
（3）从P点开始，有少许汁液从机器人M滴到其直线运动路线上，每6秒滴下1滴：
①从P到D共运动　 　分钟，此过程机器人M在做　 　（选填“匀速”或“变速”）直线运动。
②已知sPC20．（2025八上·盐田期中）深圳市某校开展自制排箫“跨学科实践”活动，请完成下列问题。
如图甲所示，排箫是中国传统乐器，它由多个不同音阶的箫管组成。演奏时，对着吹口吹气，当吹气振动的频率与空气柱的固有频率相同时，空气柱产生共振，从而发出响亮的声音，此时声音的音调主要由管内空气柱的固有频率决定。小组同学选择若干根相同的长为20cm的吸管，用剪刀剪裁，按由长到短的顺序横向连接制得“排箫”。演奏时，用嘴对着吸管吹气，便能发出声音，声音的频率与管长间的关系如表乙所示。音级、音区与频率的关系如表丙所示。
音阶 do re mi fa sol la si
频率/Hz 523 587 659 698 784 880 988
空气柱长/cm 16.3 14.5 12.9 12.2 10.9 9.7 8.6
丙
音级 不同音区的频率/Hz
低音区 中音区 高音区
Do 262 523 1046
Re 294 587 1175
Mi 330 659 1318
Fa 349 698 1397
So 392 784 1568
La 440 880 1760
Si 494 988 1976
（1）演奏时，对着吸管吹气，便能发出声音，这是由于吹气时管内　 　发生振动；当管内空气柱发出响亮的声音时，此时箫管发出声音的频率　 　（选填“大于”、“小于”或“等于”）空气柱的固有频率；“响亮”是指声音的　 　大；
（2）分析表乙数据可知，管内空气柱越短，其固有频率越　 　（选填“高”或“低”）；
（3）将实验中的吸管截取9.7cm长，一端封口，对着开口端吹气，当发出响亮的声音时，声音的音阶是　 　；
（4）根据表丁自制排箫评价量表，该小组制作的排箫等级为　 　（优秀/合格/待改进），理由是　 　。
丁
自制排箫评价量表
评价指标 评价等级
优秀 合格 待改进
音区数量 能吹奏出3个完整的音区 能吹奏出1-2个完整的音区 不能吹奏出完整的音
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音色；音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】音色与发声体的材料、结构有关，不同发声体音色不同。“鼓声”和“潮汕英歌舞鼓槌打声”发声体不同，声音的音色不同，人们根据音色来分辨两种声音，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】材料和结构不同，音色不同，是辨别发声体的依据。
2．【答案】A
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点
【解析】【解答】击打高温液态铁，液态铁在四散飞溅，发出耀眼的光芒，变成固态铁，液态变成固态，是凝固现象，A符合题意。
故选A。
【分析】液体变为固体，是凝固现象。
3．【答案】C
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】ABD．图中，“龙身”在舞台上移动，相对于观众、舞台、地面，位置发生变化，是运动的。故ABD不符合题意；
C．舞龙者举着“龙身”移动，“龙身”相对于舞龙者没有位置变化，以舞龙者为参照物，“龙身”是静止的。故C符合题意。
故选C。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的，有位置变化，是运动的。
4．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．轰鸣声是火箭喷出气体振动产生的，不是火箭振动产生的，故A错误；
B．“震耳欲聋”指声音的响度很大，不是音调高，故B错误；
C．声音的传播需要介质，轰鸣声通过空气这传入人耳，故C正确；
D．工作人员佩戴耳罩，阻止声音进入人耳，是在人耳处减弱噪声，故D错误。
故选C。
【分析】声音是物体振动产生的，防止噪声进入人耳，是在人耳处控制噪声；声音的大小指响度。
5．【答案】D
【知识点】速度公式及其应用；匀速直线运动特点；参照物及其选择
【解析】【解答】A．结合路程和时间，火箭的平均速度，故A错误；
B．火箭竖直向上运动时，做加速运动，速度发生变化，做变速运动，故B错误；
C．火箭竖直升空时，以发射塔为参照物，火箭有位置变化，是运动的，故C错误；
D．火箭竖直升空时，以火箭为参照物，卫星的位置没有变化，是静止的，故D正确。
故选D。
【分析】相对于参照物，没有位置变化，是静止的；火箭加速升空，速度变大。
6．【答案】C
【知识点】物质的三态；液化及液化放热
【解析】【解答】火箭升空时，会出现大量的水雾，冷却池中的水吸热汽化，变成水蒸气 ，水蒸气再遇冷液化成小水珠，C符合题意。
故选C。
【分析】变为变化气体，是汽化现象；气体变为液体，是液化现象。
7．【答案】D
【知识点】匀速直线运动特点；参照物及其选择；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．在s-t图像中，过原点的直线表示匀速直线运动。甲做匀速直线运动，故A错误；
B．在6~16s内，乙图中平行于时间轴的直线路程不变，物体是静止的。故B错误；
C．图中，在t=20s时，甲的路程为，乙的路程小于，路程大的在上方，甲在乙的上方，故C错误；
D．图中，在0~6s内，甲和乙都做匀速直线运动。相同时间，乙的路程更远，则。甲和乙都向上运动，且乙的速度大于甲的速度，以甲为参照物，乙向上运动，故D正确。
故选D。
【分析】路程和时间成正比，是匀速直线运动；路程随时间变化而不变，是静止的；相同时间内，路程越大， 速度越大。
8．【答案】凝华；液化；内侧
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】从冰箱拿出的饺子，表面上有白霜，是水蒸气遇冷形成小冰晶，发生凝华现象；
煮饺子时，锅中冒“白气”，是水蒸气遇冷形成的小水珠，发生液化现象。
玻璃窗户上的水雾，是热的水蒸气遇冷，液化形成的小水珠，附着在窗户的内侧。故第1空填：凝华；第2空填：液化；第3空填：内侧。
【分析】水蒸气遇冷，变为固体，是凝华现象；气体变为液体，是液化现象。
9．【答案】22.2；里程表；停表
【知识点】速度与物体运动；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】根据速度单位关系，则；
测量平均速度的原理是，需要里程表测量路程，利用停表测量时间。故第1空填：22.2；第2空填：里程表；第3空填：停表。
【分析】根据速度单位换算解答；测量物体运动的速度时，需要里程表测量路程，利用秒表测量时间。
10．【答案】信息；340
【知识点】声速；声与信息传递
【解析】【解答】超声波探测混凝土结构，获得了信息，是利用声音传递信息；
超声波属于声波，在空气中的传播速度与可听声相同，约为340 m/s。故第1空填：信息；第2空填：340。
【分析】通过声音得知某事，是声音传递信息；空气中的声速约340 m/s。
11．【答案】（1）一定
（2）6、7
【知识点】速度与物体运动；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）在相等时间内通过的路程相等，做的是匀速直线运动。图中，小球B在相等的时间内，通过的路程相等，小球B一定在做匀速直线运动。
（2）图中，平均速度，闪光间隔时间相同，路程越长，平均速度越大。小球A在编号6、7两点间的路程最长，平均速度最大。
【分析】（1）频闪照相机每隔相同时间拍一次，路程相等时，速度是相同的，是匀速直线运动。
（2）时间相同时，路程越长，速度越大
（1）频闪照相机每隔0.2s闪拍一次，这意味着相邻两次闪拍的时间间隔是相等的。对于做匀速直线运动的物体，其在相等时间内通过的路程是相等的。观察小球B的频闪照片，发现小球B在相等的时间间隔（0.2s）内，通过的路程看起来是相等的。所以，小球B 一定 在做匀速直线运动。
（2）平均速度，闪光间隔时间相同（均为0.2s），因此路程越长，平均速度越大。观察小球A的频闪照片，编号6、7两点间的路程最长，所以小球A在6、7两点间的平均速度最大。
12．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】光在反射时，过入射点作法线，反射角等于入射角，作出反射光线，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，作出折射光线，如图所示：
【分析】光在反射时，反射角等于入射角；在折射时，空气中的角度较大。
13．【答案】
【知识点】作光的反射光路图
【解析】【解答】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称；作B点关于平面镜M的对称的，即像点B'。连接B'和A，与平面镜M的交点为入射点O，连接BO即为入射光线。如图所示：
【分析】平面镜成像时，像和物体关于平面镜对称，像和反射光线经过的点在同一直线上。
14．【答案】（1）
（2）8.0；小于
（3）偏大
【知识点】速度公式及其应用；测量物体运动的平均速度
【解析】【解答】测量物体的平均速度时，
（1）实验中，测量平均速度时，需要测量路程和时间，实验原理是。
（2）图中，根据小车对应的AB点，路程，时间为，小车在AB段的平均速度：；后半程的时间：，路程为；路程相同，时间越小，速度越大。小车前半程的平均速度小于后半程平均速度。
（3）小车过了A点才开始计时，测量的时间会偏小。路程不变，时间偏小，计算AC段平均速度会偏大。
【分析】（1）测量速度的原理是；
（2）根据路程和对应的时间，利用，计算速度；
（3）开始计时偏晚，测量时间偏小，计算的平均速度偏大。
（1）测量平均速度的实验依据是速度的计算公式。
（2）[1]小车在A点时的刻度为80.0cm，在B点时的刻度为40.0cm，所以
由图可知，小车在该AB段路程内的平均速度
[2]由图可知后半程的时间
由图可知
根据可知，路程相同时，时间越小，速度越大。所以小车在前半程的平均速度小于后半程平均速度。
（3）如果小车过了A点才开始计时，那么测量的时间会偏小。根据，路程不变，时间偏小，则计算出的AC段平均速度会偏大。
15．【答案】（1）振动
（2）空气可以传声
（3）变小；真空不能传声
【知识点】声音的产生；声音的传播条件
【解析】【解答】探究声音产生与传播时，
（1）图甲中，悬挂的乒乓球被发声的音叉弹起，是音叉在振动。可得：声音是物体振动产生的。
（2）图乙中，敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉弹起乒乓球。是右边音叉振动，通过空气传播到左边音叉，使左边音叉振动。可知，空气可以传声。
（3）图丙中，正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出罩内空气，传播声音的空气减少，听到的声音变小，如果玻璃罩内完全真空，就听不到声音了，推理可知：真空不能传声。
【分析】（1）发声体坦克乒乓球，反应音叉在振动；
（2）空气可以传播声音，将声音从一个音叉传向另一个音叉；
（3）传播声音的介质减少，声音变小；真空不能传声。
（1）用竖直悬挂的乒乓球接触发声的音叉时，乒乓球会被弹起，这是因为音叉在振动。说明声音是由物体振动产生的。
（2）敲击右边的音叉，左边完全相同的音叉把乒乓球弹起。这是因为右边音叉振动产生的声音通过空气传播到左边音叉，使左边音叉也振动。这说明空气可以传声。
（3）[1][2]把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内逐渐抽出其中的空气，传播声音的介质（空气）越来越少，所以听到的声音将变小。由此推理可知：真空不能传声（因为如果玻璃罩内完全真空，就听不到声音了）。
16．【答案】（1）碎冰块
（2）受热均匀
（3）BC；液
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；熔化和凝固的探究实验
【解析】【解答】探究冰的物态变化规律时，
（1）实验时，选用碎冰块，碎冰块与温度计玻璃泡充分接触，受热更均匀，实验现象和数据更准确。
（2）乙图中，用 “水浴法” 加热，试管内的物质受热均匀，更准确地反映冰的物态变化。
（3）晶体熔化时，温度保持不变。图丙中，BC段温度保持不变，BC段冰在熔化。图中，C点熔化结束，第10min时，冰已完成熔化，处于液态。
【分析】（1）探究熔化规律时，利用小颗粒固体，受热均匀；
（2）水浴法加热时，物体受热均匀；
（3）晶体熔化时，吸收热量，温度保持不变；固体熔化完，处于液态。
（1）实验应选用碎冰块。因为碎冰块能与温度计玻璃泡充分接触，且受热更均匀，能使实验现象和数据更准确。
（2）乙装置采用 “水浴法” 加热，能使试管内的物质受热均匀，从而更准确地反映冰的物态变化规律。
（3）[1]冰是晶体，熔化时温度保持不变。由图丙可知，BC段温度保持不变，因此冰熔化的过程是BC段。
[2]由图可知C点是熔化结束点，时间为8分钟，第10分钟时，冰已完成熔化，此时物质处于液态。
17．【答案】（1）解：已知盾构机前进的速度v=0.1m/s，工作时间t=1h=3600s
根据速度公式可得，盾构机通过的路程为s=vt=0.1m/s×3600s=360m
所以，盾构机工作1小时通过的路程是360m。
（2）解：盾构机完全通过隧道，是指从盾构机的车头进入隧道到车尾离开隧道的整个过程。在此过程中，盾构机行驶的总路程等于隧道长度与盾构机自身长度之和。已知，。盾构机需要行驶的总路程为
已知盾构机前进的速度v=0.1m/s。根据速度公式可得，所需时间为
所以，盾构机完全通过一段200m的隧道所需时间为2800s。
【知识点】速度与物体运动；速度公式及其应用；匀速直线运动特点
【解析】【分析】（1）根据s=vt，计算路程大小；
（2）根据隧道长和车长，计算总路程，根据，计算时间。
（1）已知盾构机前进的速度v=0.1m/s，工作时间t=1h=3600s
根据速度公式可得，盾构机通过的路程为s=vt=0.1m/s×3600s=360m
所以，盾构机工作1小时通过的路程是360m。
（2）盾构机完全通过隧道，是指从盾构机的车头进入隧道到车尾离开隧道的整个过程。在此过程中，盾构机行驶的总路程等于隧道长度与盾构机自身长度之和。已知，。盾构机需要行驶的总路程为
已知盾构机前进的速度v=0.1m/s。根据速度公式可得，所需时间为
所以，盾构机完全通过一段200m的隧道所需时间为2800s。
18．【答案】（1）解：超声波传播的总路程为
桥墩距船的距离为
（2）解：船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，这4s内声音传播的距离为
这4s内船通过距离为，则有
故船航行的距离
【知识点】速度公式及其应用；声速
【解析】【分析】（1）根据s=vt，计算路程，结合回声，计算距离；
（2）根据s=vt，计算声音传播的路程，再结合路程关系，计算距离。
（1）超声波传播的总路程为
桥墩距船的距离为
（2）船在（1）所在位置匀速远离桥墩的同时通过空气水平向桥墩发射超声波，经4s后接收到回声，这4s内声音传播的距离为
这4s内船通过距离为，则有
故船航行的距离
19．【答案】（1）；慢
（2）
（3）0.5；变速；C；D
【知识点】匀速直线运动特点；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】（1）图2中，在1s内，图线①路程最长，对应的运动路程最大。
在相同时间内，路程越短，速度越慢。图线③的路程最小，对应的路程比②慢。
（2）图1中，，机器人在AB段的速度为：，
机器人做匀速直线运动，速度保持不变，在v-t图像中，是一行于时间轴的直线，如图所示：
（3）①从P到D共6滴，每滴间隔6s，总时间，相同时间内路程不同，机器人M在做变速直线运动。图中，，，已知sPC【分析】（1）时间相同时，路程越大， 速度越大；路程越短，时间越小；
（2）根据，计算速度，匀速直线运动中，速度保持不变；
（3）根据液滴间距离，判断速度；结合，判断速度大小。
（1）[1]由图2的s-t图像可知，在1s内，图线①对应的路程最长，因1s内图线①对应的运动路程最大。
[2]在相同时间内，路程越短，速度越慢。图线③的路程小于图线②的路程，因此图线③对应的运动比②慢。
（2）由图1可知
机器人M在AB段的速度为
因为机器人做匀速直线运动，速度保持不变，所以v-t图像是一条平行于时间轴的直线，如图所示：
（3）[1]从P到D共滴了6滴汁液，每滴间隔6秒，总时间
[2]由于相邻汁液滴的间距逐渐变大，相同时间内路程不同，因此机器人M在做变速直线运动。
[3][4]由图可知
已知sPC20．【答案】（1）空气柱；等于；响度
（2）高
（3）La
（4）合格；结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，等级为合格
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）演奏时，对着吸管吹气，管内空气柱振动产生声音。
吹气时，声音的频率等于空气柱的固有频率。“响亮” 是声音较大，是声音的响度大。
（2）根据表乙，空气柱越短，频率数值越大，管内空气柱越短，固有频率越高。
（3）表乙中，空气柱长9.7cm时，对应频率的音阶是La。
（4）表丙中，排箫的频率是中音区。结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，等级为合格。
【分析】（1）声音是物体振动产生的；频率与空气柱的频率相同；声音的大小指响度；
（2）发声体越短，振动频率越高，音调越高；
（3）改变发声体的长度，音调改变；
（4）发声体长度不同，频率不同，音调不同。
（1）[1]演奏时对着吸管吹气，声音是由管内空气柱振动产生的。
[2]当空气柱发出响亮声音时，吹气振动频率与空气柱固有频率相同（共振），因此声音的频率等于空气柱的固有频率。
[3]“响亮” 描述的是声音的响度大。
（2）分析表乙数据可知空气柱越短，频率数值越大，因此管内空气柱越短，其固有频率越高。
（3）由表乙可知，空气柱长9.7cm时，对应频率的音阶是La。
（4）由表丙可知，该排箫的频率属于中音区。结合表丁评价量表，能吹奏出1-2个完整音区的等级为合格，该小组制作的排箫能吹奏出1个完整的中音区，所以等级为合格。
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