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贺州市普通高中2025秋季学期高二年级12月教学质量抽检
物 理
本试卷满分100分，考试用时75 分钟。
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(1~7题为单选题，每小题4分；8~10题为多选题，每小题6分，选不全得3分，选错或不选得0分)
1.关于电流及电流周围产生的磁场分布，下列各图中正确的是
2.真空中有两个等量同种点电荷，它们之间的静电力大小为F，如果它们所带的电量均减半，间距增大为原来的2倍，则它们之间的作用力大小变为
A.16F B.4F C.
3.如图所示，某灵敏电流计的满偏电压为1 V，与阻值为4Ω的定值电阻R 并联可改装成量程为0.3A 的电流表，则该灵敏电流计的内阻为
A.20Ω B.10Ω
C.0.4Ω D.0.2Ω
4.电子秤已经成为日常生活不可缺少的测量工具，如图所示的一种是用平行板电容器制成的电子秤及其电路简图。称重时把物体放到电子秤面板上，上极板发生如图形变，则此过程中下列说法正确的是
A.电容器的电容变小
B.极板间电场强度变小
C.电容器的电荷量增大
D.极板形变过程中电流表无电流
5.如图所示，固定在M(-a，0)、N(a，0)两点处的长直导线，通有如图所示大小相等的电流，M处导线在坐标为( 的 P 点处产生的磁感应强度大小为B ，则P 点处
A.磁感应强度大小为2B
B.磁感应强度大小为B
C.磁场沿x轴正方向
D.磁场沿 y 轴正方向
6.如图为一匀强电场，某带电粒子仅受重力和电场力，以一定初速度从A 点沿虚线运动到B点。这一运动过程中粒子克服重力做的功为2.0J，电场力做的功为1.5J。则下列说法正确的是
A.粒子带负电
B.粒子的动能增加3.5 J
C.粒子的机械能守恒
D.粒子的动能减少0.5 J
7.如图所示，图甲中M为一电动机，当滑动变阻器R 的滑片从左端滑到另一端的过程中，两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙所示。已知电流表读数在0.2A以下时电动机没有发生转动，不考虑电表对电路的影响，以下判断正确的是
A.电流表读数为0.3 A时R=10Ω
B.滑动变阻器向右滑动时V 读数逐渐减小
C.滑动变阻器的最大电阻为30 Ω
D.此过程中电动机的输出功率最大值为0.9W
8.下列各图的线圈中能产生感应电流的是
A.图甲，金属线框从有界匀强磁场匀速向右移出
B.图乙，金属线框在匀强磁场中匀速向右移动
C.图丙，金属线框在竖直向上的匀强磁场中绕竖直轴转动
D.图丁，条形磁铁自左向右穿过闭合金属线圈
9.两根均匀金属导线 A 和B，A的电阻率是B 的2倍，串联在电路中时其沿长度方向电势的变化如图所示，下列说法正确的是
A. A 和B 导线的电阻之比为3:1
B. A 和B 导线两端的电压之比为4：1
C. A和B 导线中的电场强度之比
D. A 和B 导线的横截面积之比为1：6
10.如图所示，一可视为点电荷的小物块被锁定在固定斜面上的M 点，一根弹性绳跨过墙上固定的光滑定滑轮B，一端固定在天花板上的A 点，另一端连接物块。空间中有一平行于斜面向上的匀强电场，某时刻解除物块的锁定，小物块从静止开始沿斜面向上运动，最远能到达N点。已知斜面倾角θ=37°，物块质量m=1kg，电荷量q=0.1C,，物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.4，弹性绳的原长等于AB，绳中弹力符合胡克定律，劲度系数为10 N/m，BM 与斜面垂直，且BM=0.3m,MN=0.4m。物块沿斜面方向移动的距离用L 表示，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g 取 下列说法正确的是
A.小物块从 M 到 N 电势能增加
B.小物块上滑过程中受到的支持力不变
C.电场强度大小E=100 N/C
D.小物块在 MN 的中点 P 处的速度大小为0.5m /s
二、实验题(共两小题8空，每空2分)
11.实验小组测量某型号电池的电动势和内阻。用电流表、电压表、滑动变阻器、待测电池等器材组成如图1所示实验电路，由测得的实验数据绘制成的U——I图像如图2所示。
(1)图1 的电路图为图中的 (选填“A”或“B”)。
(2)闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最 (选填“左”或“右”)端。
(3)如果实验中所用电表均视为理想电表，根据图2得到该电池的电动势E= V，内阻r= Ω。(结果均保留两位有效数字)
12.某实验小组使用多用电表和螺旋测微器测量一长度为100.00 cm电阻丝的电阻率，该电阻丝的电阻值约为100 Ω~200Ω，材料未知。实验过程如下：
(1)用螺旋测微器测量该电阻丝的直径，示数如图(a)所示。该电阻丝的直径为 mm；
(2)对多用电表进行机械调零；
(3)将多用电表的选择开关旋至 (选填“×1”“×10”“×100”或“×1k”)倍率的电阻挡;
(4)将黑、红表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使指针指在电阻挡零刻度线；
(5)将黑、红表笔并接在待测电阻丝两端，多用电表的示数如图(b)所示。该电阻丝的电阻值为 Ω;
(6)测量完成之后，将表笔从插孔拔出，并将选择开关旋到“OFF”位置；
(7)实验测得的该电阻丝电阻率为 Ω·m(结果保留2位有效数字)。
三、计算题(13题8分,14题12分,15题18分)
13.(8分)如图所示，在磁感线竖直向下的匀强磁场中放入一矩形线圈 abcd，ab边与磁场垂直，长度 bc边长度 线圈平面与水平方向夹角 线圈中通有大小为2 A 的电流，ab 边所受的磁场力为0.4 N，已知 求：
(1)该匀强磁场的磁感应强度 B 的大小；
(2)穿过线圈的磁通量φ。
14.(12分)如图所示，长度为L 的轻绳一端固定在O 点，另一端系一质量为m、电荷量为q 的带正电小球(视为质点)，整个装置处于水平向右的匀强电场中。当小球静止时，轻绳与竖直方向的夹角为θ，重力加速度大小为g。
(1)求电场的电场强度大小E；
(2)若剪断轻绳，求小球此后在电场中运动时的加速度大小a；
(3)若其他条件不变，突然将电场的方向变为竖直向下，求小球通过最低点时轻绳的拉力大小F。
15.(18分)如图所示的电路中，电源电动势 内阻 定值电阻 调节滑动变阻器R 的滑片，使得沿平行板电容器MN 的中心线射入的初速度 的带正电小球恰好沿水平方向运动，然后从CD 板中点处的小孔O进入平行板电容器AB、CD 之间。已知小球的质量m=1kg、电荷量q=+0.5C,平行板电容器 MN 上下两极板的间距为 平行板电容器AB、CD 左右极板间距为 极板AB、CD 长均为L=40 cm，极板MN 的右端与极板CD 的距离忽略不计。当AB、CD 极板间电压为U 时，小球恰好从CD极板下端D 点离开。忽略电容器的边缘效应，重力加速度g 取 求：
(1)平行板电容器MN 的电压U；
(2)滑动变阻器接入电路的阻值 R；
(3)AB、CD 极板间电压
贺州市普通高中2025秋季学期高二年级12月教学质量抽检
物理参考答案
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
答案 D D A C B D C AD AC BC
1. D
【详解】A.根据安培定则可知，图中磁场方向与给出的箭头所指方向相反，故A 错误；B.根据安培定则可知，图中磁场方向与给出的箭头所指方向相反，故B错误；C.根据电源正负极判定电流方向没有问题，根据安培定则可知，图中磁场方向与给出的箭头所指方向相反，故C错误；D.根据安培定则可知，图中磁场方向与给出的箭头所指方向相同，故D正确。
2. D
【详解】根据库仑定律，静电力大小为 当A 和B 的电荷量均变为原来的 ，距离为原来的2倍时，新的静电力为
3. A
【详解】根据欧姆定律可得 则 选项A正确。
4. C
【详解】A.根据平行板金属电容器表达式 可知放上物体，两个极板间的距离减小，电容器的电容增大，故A 错误；B.由匀强电场公式 得当电压不变，两个极板的距离减小时，极板间电场强度变大，故B错误；C.由于电容器一直和电源相连，两极板间电压不变，根据电容器定义式 当电容增大时，极板所带电荷量增大，故C正确；D.极板形变过程中，电容器两极板所带电荷量增大，电容器充电，电流表有电流，故D错误。
5. B
【详解】导线电流大小相等，到P 点距离一样，因此两导线产生的磁场在P 点处的磁感应强度大小相等，都为B ；根据安培定则可知两通电导线在P 点的磁场方向夹角为120°，故而 P 点磁感应强度大小为B ，方向沿 y 轴负方向，B选项正确。
6. D
【详解】A.粒子运动轨迹向电场力方向弯曲，说明电场力方向水平向右，而电场强度方向也是水平向右，因此粒子带正电，A错误；BD.根据动能定理，合外力做的功等于动能的变化量，已知重力做的功为-2.0J，电场力做的功为1.5J，因此合外力做的功为-0.5J，动能减少
0.5J，B错误，D正确；C.根据机械能守恒条件可知，由于电场力做正功，故机械能不守恒，C错误。
7. C
【详解】A.电流表读数为0.3 A时, 变阻器分压为零，即R=0，A错误。B.变阻器向右滑动时接入电路的总电阻增大，路端电压升高，V 的示数增大，B错误。C.当电流表读数在0.2A以下时，电动机未转动，相当于纯电阻(内阻rM)。由图乙下方直线(I≤0.2A段)，当I=0.1 A时,V 读数 ，根据欧姆定律有 当滑动变阻器滑片滑到最右端时，R 最大，电路电流最小I=0.1A，因I≤0.2A，电动机仍不转动，此时V 读数 (图乙上方直线的截距)，即R 和M 的总电压为3.4V。根据串联电路电压规律，滑动变阻器的最大电阻 C正确。D.电流表读数在0.2A以下时，电动机没有发生转动，因此电机内阻 当滑动变阻器调到零时，电动机输入功率最大P=UI=0.9W，而输出功率小于输入功率，D错误。
8. AD
【详解】A.图中线框在磁场中的面积不断减小，磁感应强度不变，所以磁通量不断减小，产生感应电流，故A正确；B.当穿过闭合回路的磁通量发生变化时，回路中才能产生感应电流，图中面积不变、磁感应强度不变，所以磁通量不变，不会产生感应电流，故B错误；C.图中穿过线圈的磁通量始终为零，所以没有感应电流，故C错误；D.当条形磁铁插入线圈的过程中，线圈的面积不变，但磁感应强度不断变化，所以有感应电流产生，故D正确。
9. AC
【详解】A. A和B 导线串联，电流大小相等，两端的电压之比为6 V：2V=3：1，根据 可知电阻之比为3：1，A正确；B.由图可知，A和B 导线两端的电压之比为6V：2V=3：1，B错误;C.根据U=EL 可知,因B 的长度是A 的2倍,A 和B 导线两端的电压之比为6V:2V=3：1，则电场强度之比为6：1，C正确；D.根据 可知 A 的电阻率是B 的2倍，由图可知，B的长度是A 的2倍，则A 和B导线的横截面积之比为1：3，D错误。
10. BC
【详解】A.电场方向平行于斜面向上，物块沿斜面向上运动，电场力做正功，电势能减少，选项A错误；B.物块在垂直斜面方向受力：重力分力、弹力垂直于斜面的分力F=k×BM(大小始终不变)、支持力 大小始终不变，选项B正确；C.设物块运动至Q点(未画出)时位移大小为d，弹性绳上弹力平行于斜面的分力大小 =kd，根据微元法可知物块克服弹力做的功 根据动能定理可得 qEL一 解得E=100 N/C,选项C正确;D.从M到P,根据动能定理可得 解得 选项 D错误。
11.【答案】(每空 2分)(1)B (2)左 (3)1.5 2.0
【详解】(1)通过观察实物图可知电压表接在电源两端，故电路图为B。
(2)滑动变阻器电路中采用限流接法，为了确保安全，闭合开关前，应使其接入电阻最大，即闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片置于最左端。
(3)根据闭合电路欧姆定律E=U+Ir有U=-Ir+E，则U-I图线在纵轴上的截距表示电池的电动势E，斜率是电池的内阻r，根据图像可知电池电动势E=1.5V；内阻 =2.0Ω。
12.【答案】(每空2分)(1)1.414(1.413~1.415均可) (3)×10 (5)160 (7)2.5×10
【详解】(1)该电阻丝的直径为(d=1mm+41.4×0.01 mm=1.414 mm。
(3)使用多用电表欧姆挡测电阻时，为了减小误差，应尽可能使指针偏转至刻度盘中央附近，由于该电阻丝的阻值在100 Ω~200 Ω，而表盘中央三分之一刻度在5~50之间，所以应选择×10倍率的电阻挡。
(5)15~20之间的分度值为1，所以该电阻丝的电阻值为R=16×10Ω=160Ω。
(7)根据电阻定律有 解得该电阻丝的电阻率为
13.【答案】(1)B=2 T (2)φ=3.2×10 Wb
【详解】(1)根据 (2分)
解得 (2分)
(2)线圈在垂直磁场方向上的投影面积 (2分)
穿过线圈的磁通量 (2分)
14.【答案 (3) mg(1+tanθ)(3-2cosθ)
【详解】(1)根据平衡条件得 (2分)
解得 (1分)
(2)剪断轻绳前，小球受到重力和电场力的合力与重力的关系为 (2分)
剪断轻绳后，根据牛顿第二定律可得小球加速度大小为 (1分)
(3)根据动能定理得 (2分)
根据向心力公式得 (2分)
解得 F= mg(1+tanθ)(3-2cosθ) (2分)
15.【答案】(1)4 V (2)4 Ω (3)6 V
【详解】(1)小球沿电容器MN的中心线做直线运动，一定是匀速直线运动，由受力平衡条件可得
qE= mg (2分)
其中 (1分)
联立得电容器MN 的电压 (1分)
(2)由闭合电路欧姆定律可知 (2分)
再由欧姆定律可知U=IR (1分)
解得R=4Ω (1分)
(3)小球在平行板电容器AB、CD 间同时受到重力和电场力，其运动轨迹如图所示将小球的运动沿水平方向和竖直方向分解，在竖直方向上有
(2分)
解得t=0.2 s (1分)
在水平方向上，小球做往复运动，往返的时间一样，小球向右的最大位移为
(1分)
解得x=0.1m=10 cm说明小球不会碰到AB 极板，水平方向的加速度大小为
(1分)
再结合 (2分)
(1分)
解得 (1分)

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